四大图谱综合解析

2013/12/2
四大图谱综合解析
1 某未知物分子式为C5 H12 O，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，
它的紫外吸收光谱在200 nm以上没有吸收，试确定该化合物结构。
CCl4稀溶液的红外光谱, CCl4浓溶液 在3360cm-1处有1宽峰
[解] 从分子式C5H12O，求得不饱和度为零，故未知物应为 饱和脂肪族化合物。 未知物的红外光谱是在CCl4溶液中测定的，样品的CCl4稀溶液 的红外光谱在3640cm-1处有 1尖峰，这是游离 O H基的特征吸收 峰。样品的CCl4浓溶液在 3360cm-1处有 1宽峰，但当溶液稀释 后复又消失，说明存在着分子间氢键。未知物核磁共振谱中δ4. 1处的宽峰，经重水交换后消失。上述事实确定，未知物分子 中存在着羟基。 未知物核磁共振谱中δ0.9处的单峰，积分值相当3个质子，可 看成是连在同一碳原子上的3个甲基。δ3.2处的单峰，积分值 相当2个质子，对应1个亚甲基，看来该次甲基在分子中位于特 丁基和羟基之间。 质谱中从分子离子峰失去质量31（－ CH2 OH）部分而形成基 峰m/e57的事实为上述看法提供了证据，因此，未知物的结构 CH3 是
H3C
C
CH3
CH2OH
根据这一结构式，未知物质谱中的主要碎片离子得到了如下 解释。
CH 3
2. 某未知物，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的 紫外吸收光谱在210nm以上没有吸收，确定此未知物。
CH2
+ OH m/e31 -2H
+ . CH2OH
H3C
CH3
H3C
C
CH 3
C+
CH3
m/e88 -CH3 m/e29 m/e73
m/e57 -CH3 -H CH 3 C + CH 2
m/e41
[解] 在未知物的质谱图中最高质荷比131处有1个丰度很小的峰，应 为分子离子峰，即未知物的分子量为131。由于分子量为奇数，所以未 知物分子含奇数个氮原子。根据未知物的光谱数据中无伯或仲胺、腈、 酞胺、硝基化合物或杂芳环化合物的特征，可假定氮原子以叔胺形式存 在。 红外光谱中在1748 cm-1处有一强羰基吸收带，在1235 cm-1附近有1典型 的宽强C－O－C伸缩振动吸收带，可见未知物分子中含有酯基。1040 cm-1处的吸收带则进一步指出未知物可能是伯醇乙酸酯。 核磁共振谱中δ1.95处的单峰(3H），相当1个甲基。从它的化学位移来 看，很可能与羰基相邻。对于这一点，质谱中，m/e43的碎片离子 (CH3C=O)提供了有力的证据。在核磁共振谱中有2个等面积(2H)的三重 峰，并且它们的裂距相等，相当于AA’XX'系统。有理由认为它们是2个 相连的亚甲－CH2－CH2，其中去屏蔽较大的亚甲基与酯基上的氧原子 相连。 至此，可知未知物具有下述的部分结构：
O CH 2 CH 2 O C CH 3
从分子量减去这一部分，剩下的质量数是 44，仅足以组 成1个最简单的叔胺基。
CH 3 CH3 N
正好核磁共振谱中δ2. 20处的单峰(6H )，相当于2个连到氮原子上 的甲基。因此，未知物的结构为:
CH3 CH3 O N CH2 CH2 O C CH3
此外，质谱中的基峰m /e 58是胺的特征碎片离子峰，它是由氮原子 的β位上的碳碳键断裂而生成的。结合其它光谱信息，可定出这个 碎片为
CH3 CH3 N CH 2
1

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3.某未知物 C11H16 的 UV、IR、1H NMR、MS谱图及13C NMR数据如下，推 导未知物结构。 未知物碳谱数据
序号 1 2 3 4 5 δc 碳原子 （ppm） 个数 143.0 128.5 128.0 125.5 36.0 1 2 2 1 1 序号 6 7 8 9 δc 碳原子 （ppm） 个数 32.0 31.5 22.5 10.0 1 1 1 1
[解] 1. 从分子式 C11H16，计算不饱和度Ω ＝4； 2. 结构式推导 UV：240～275 nm 吸收带具有精细结构，表明化合物为芳烃； IR :：695、740 cm-1 表明分子中含有单取代苯环； MS ：m/z 148为分子离子峰，其合理丢失一个碎片，得到 m/z 91的苄基离子； 13C NMR：在（40～10 ）ppm 的高场区有5个sp3 杂化碳原子； 1H NMR：积分高度比表明分子中有1 个CH3和 4个－CH2－，其中（1.4 ～1.2 ） ppm为2个CH2的重叠峰； 因此，此化合物应含有一个苯环和一个C5 H11 的烷基。 1H NMR 谱中各峰裂分情况分析，取代基为正戊基，即化合物的结构为：
3 4
2
α β γ δ
CH2CH2CH2CH2CH3
3. 指认（各谱数据的归属） UV：λmax208nm（苯环E2 带），265nm（苯环B带）。 IR（cm-1）：3080，3030 （苯环的υCH），2970 ，2865 （烷基的υCH）， 1600，1500（苯环骨架）， 740， 690 （苯环 δCH，单取代），1375（CH3 的δCH），1450（CH2 的CH3δCH）。
1H NMR和13C NMR：
4.某未知物的 IR、 1H NMR、 MS谱图及 13C NMR数据如下，紫 外光谱在 210 nm以上无吸收峰，推导其结构。 未知物碳谱数据
序号 1 δc（ppm） 碳原子个数 204.0 119.0 78.0 54.5 1 1 1 1 序号 5 6 7 δc（ppm） 32.0 21.7 12.0 10.0 碳原子个数 1 1 1 1
MS：主要的离子峰可由以下反应得到：
2 3 4
1:2:2:6
各谱数据与结构均相符，可以确定未知物是正戊基苯。
[解] （1）分子式的推导 MS：分子离子峰为 m/z125，根据氮律，未知物分子中含有奇数个氮原子； 13C NMR：分子中由 7个碳原子； 1H NMR：各质子的积分高度比从低场到高场为 1:2:2:6，以其中9.50 ppm1个 质子作基准，可算出分子的总氢数为11。 IR：1730 cm-1 强峰结合氢谱中9.5 ppm 峰和碳谱中204ppm峰，可知分子中含 有一个－CHO；由相对分子量 125－12×7－1×11－16 ×1 ＝14，即分子含有1 个N原子，所以分子式为 C7H11NO。 （2）计算不饱和度Ω ＝3（该分子式为合理的分子式） （3）结构式推导 IR：2250 cm-1有1个小而尖的峰，可确定分子中含一个 R－CN基团； 13C NMR：119 ppm处有一个三键碳信号； UV：210 nm 以上没有吸收峰， 说明腈基与醛基是不相连的。 H数 峰型 结构单元 1H NMR：
6 单峰
可能组合的结构有：
计算两种结构中各烷基 C 原子 的化学位移值，并与实例值比 较：
CH3 C CH3
—CH2—CH2— （A2B2系统）
2 2
多重峰 对称 多重峰
从计算值与测定值的比较，可知未知物的正确结构式应为 B。 （4）各谱数据的归属： IR：~ 2900cm-1 为CH3 、CH2 的υCH ，~ 1730 cm-1 为醛基的υC=O ，~ 2700 cm1 为醛基的υCH ，~ 1450 cm-1为CH3，CH2的δCH ，~ 2250 cm-1为υC≡N 。 1H NMR：δH /ppm MS：各碎片离子峰为： m/z96 为 (M—CHO)+， CH3 C CH2 m/z69 为 (M—CHO—HCN)+，基峰 m/z55为 ， 1.12 + m/z41为 。 CH2 CH
H3C
+ C CH2
3
1
单峰
—CHO
UV：210 nm以上没有吸收峰，说明腈基与醛基是 不相连的，也与结构式相符。
H3C
H
C
C O
1.90
CH2
2.30 CH2
CN
9.50
2

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5. 某未知物，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它在紫外吸收光谱在 200 nm以上没有吸收。确定该化合物。
1:1:2:4
? [解] 从质谱中得知未知物的分子量为 84，同位素峰的相对丰度 [M+1]=5.65， [M+2]= 0.45。根据这些数据，从 Beynon表中找出有 关式子，除去其中含奇数个氮原子的式子，发现 C5 H8 O一式的同 位素峰丰度比值最接近实验值，故定为未知物的分子式。 ? 从分子式求得不饱和度为2，所以未知物不是芳香族化合物。紫 外吸收光谱也表明未知物不含有芳环或杂芳环体系，也不含有醛 或酮基。 ? 核磁共振谱中δ6.21处((1 H)的双峰(2个峰都带有裂分)偶合常数 J=7 Hz，显然只能是烯键质子的信号。事实上红外光谱中 3058cm-1处的弱吸收带以及1650cm-1处的强吸收带，证明未知物 分子中的确存在着烯键。 ? 在725 cm-1处的强峰，则是顺式 —CH =CH— 的面外弯曲振动吸 收带。核磁共振谱中δ4. 55处（1 H）的多重峰，相当于烯键的另 1个质子，它与δ6.21的烯键质子相偶合，偶合常数 7Hz。显然， 这种偶合常数值正好与顺式烯键质子的偶合常数的范围相当。
关于δ6.21处的烯健质子峰处于较为低场的原因，可能是由于这 个烯键质子上的碳原子与1个氧原子相连（—CH=CH—O—） 引起的。对于这一点，从红外光谱 1241 cm-1和1070cm-1处的 2 个强吸收带得到证实，因为这2个吸收带说明存在着 1个不饱 和醚。核磁共振谱中δ3.89处（2H ）的三重峰（带有进一步 裂分），相当1个亚甲基，由于它位于较低场，有理由认为 它是与氧原子相连的，即—CH2—O—CH =CH— 。 这样，如果从已知分子式减去 —CH2—O—CH =CH— 这一部 分，则只剩下 C2H4，相当于2个亚甲基。后者与已确定的结 构部分一起，只能构成1个环
O
6. 未知物核磁共振碳谱数据如表1所示，其质谱、核磁 共振氢谱、红外光谱图分别如图，推导未知物结构。
未知物核磁共振碳谱数据
即未知物的结构式。恰好在核磁共振谱的δ1.55 ~ 2 .20处有一宽 而强的峰（4 H） ,相当于多个亚甲基，其化学位移与相应质 子在结构式中的位置也是匹配的，从而印证了所提出的未知 物的结构。
? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?
[解] 1 分子式的确定：碳谱：18 个碳原子 氢谱：0.8199ppm处的三重峰可考虑是与 CH2相连的端甲基，以此作为氢谱 积分曲线定标的基准，得出未知物共含35个氢原子。 质谱：m/z＝281符合分子离子峰的条件，可初步判断为分子离子峰，因此 未知物含奇数个氮原子。 红外：1649.1cm-1的吸收，碳谱：171.45ppm的吸收，可知未知物含羰基， 即未知物含氧原子。 综上所述，未知物分子式为 C18 H35 ON，分子量为 281 ，与各种谱图均很吻合。 2 不饱和度Ω＝2 O 3 官能团的确定 （1）未知物中含有 基团，其理由如下： C N ① 碳谱 171.45 ppm 的峰反映羰基应与杂原子相连，而未知物中，除氧之外， 杂原子仅余氮； ② 红外光谱中，1649.1 cm-1的强吸收只能是此基团，羰基若不连氮，其吸 收位置在 1680 cm-1之上；目前数值与叔酰胺相符。 （2）未知物中含正构长链烷基： ① 碳谱：27ppm附近的多个碳原子，以及 26，25，21，20，11ppm的峰， 说明未知物含正构长链烷基； ② 氢谱：1.195 ppm 的高峰（18个氢）及0.819ppm的三重峰，说明未知物 含正构烷基； ③ 红外：2924.5 和 2853.5 cm-1的吸收极强，以致未见～ 2960 ，2870 cm-1 的甲基吸收；721.4 cm-1的吸收也说明含 CH2 长链； ④ 质谱：从 m/z 238～98 相隔14u的峰簇。
3

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（3）未知物含一个环，且为内酰胺： ① 未知物含羰基，但所有的谱图均说明不含烯基，而由分子式计算其不饱和 度为2，因此必含一个环； ② 碳谱：46.98 和45.68ppm的两个峰说明这两个碳原子应与氮原子相连，而 且它们的化学环境略有不同； ③ 氢谱：3.26ppm处的四个氢原子与碳谱的结论相呼应； ④ 碳谱：35.02ppm的峰和氢谱中2.42 ppm的峰说明一个—CH2— 与羰基相连； ⑤ 红外：从1422.6到1482.9cm-1 共有四个吸收，这说明未知物中—CH2 — 的 环境有几种（与碳原子相连的CH2，与杂原子或与电负性基团相连的CH2）； 由以上几点可知，未知物含一个内酰胺基团，再加上前面分析的未知物含一 个正构长链烷基，因此该化合物结构为：
? 因此未知物结构为：
至此，剩下的任务就是确定烷基链的长度了。 质谱的基峰m/z126，其强度远远超过其它峰， 结合上面所得的结论，基峰应对应下列结构：
因而定出：
7. 某未知物为无色液体，沸点 156.9997℃，它的红外光谱，核磁 共振谱以及质谱如图，它的紫外光谱在210nm以上无吸收。试确 定未知物的结构。 2H 8H 3H
[解 ] 从未知物的质谱数据得知，分子离子峰 m/e164，其丰度不大， 估计未知物不是芳香族化合物。已知 [M + 2 ]/[M] = 95.7:100， 又知道 Br81/Br79=98:100，由此得知未知物分子含有1个溴原子。 通常在卤化物的质谱中，由于失去电负性较大的卤原子（ X） 而出现1个强的[M-X]峰 R—X R+ + X-
在未知物的质谱中确有1个 m/e85 （l64-79=85 ）的峰，从而进一步证明未知物分 子含有1个溴原子。显然，R 部分的质量为85。此外，质谱中还存在 m/e29, 43, 53等(CnH2n+1 )或 (CnH2n+1CO) 系列的峰，这暗示R 部分可能是 CH3(CH2)5－或 CH3(CH2)3CO－。但根据 m/e93和 95(—CH2 Br+) ，107 和109(—CH2CH2 Br+)以及 135和137(—(CH2 )4Br+)等峰，估计R部分应是烷基。因此未知物的分子式可能 是C6H13Br。 含有6个或6个以上碳原子的正烷基溴化物，通常容易形成1个5 元环的溴鎓离 子，未知物的质谱在m/e135 和137 处有1 强峰，可指定为溴鎓离子，从而推测未 知物为正溴己烷。
CH3CH2CH2CH2CH2CH2Br
上述鉴定也得到其它光谱的证实。未知物的紫外吸收光谱在 210nm以上无吸收，这说明不存在羰基、芳环以及卤素与双 键共轭等。未知物的红外光谱甚为简单，没有羰基、羟基、 芳环或烯烃的特征吸收。在未知物的核磁共振谱中δ3.32处 的三重峰，积分值相当2个质子，这分明是与 1个次甲基相连 的次甲基的峰。由于它的化学位移偏低场，故该亚甲基应与 溴原子相连，即一CH2－CH2－ Br。高场δ0. 89处的1个畸变 的3重峰，积分面积相当3个质子，故应为 1个甲基。δ2. 1~1.1之间的1组峰，积分面积相当 8个质子，正好是 4个亚甲 基。可见核磁共振谱数据也是与正溴己烷的结构一致的。 未知物质谱中的主要碎片离子，可按照正溴己烷的结构解释如 下:
135 CH3 CH2 29
CH2 CH2 CH2 CH2 Br
8. 某一未知化合物， 它的质谱、红外 光谱和核磁共振 谱如图所示。它 的紫外吸收光谱 数据为： λmax=292nm（环 己烷），ε23.2。 确定该化合物结 构。
质谱数据
m/z 相对峰 度 / % 10 86 97 4 4 45 91 57 m/z 相对峰 度 / % 89 100 22 6 7 55 7 50 m/z 相对峰 度 / % 5 7 14 5 73 23 7 14 m/z 相对峰 度 / % 3 12 6 0.2 1.2 0.13 0.012
26 27 29 31 38 39 41 42
43 44 45 53 54 55 56 57
58 67 68 69 70 71 72 81
85 86 96 113 114(M ) 115(M + 1) 116(M + 2)
1H 2H
8H
3H
43
107
85
4

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[解] 红外光谱中1730cm-1 的强吸收带指出化合物结构中存在着 1个C=O基。而在 2703cm-1处的中等强度的吸收带，是相当特征的醛基C-H伸缩振动吸收带， 表明未知物为一醛类化合物。 紫外吸收光谱数据λmax292nm，εmax23.2 (醛基的特征吸收)，核磁共振谱中的 δ9.75 处的三重峰 (醛基质子峰)以及质谱中的基峰质荷比为44(典型的醛的基峰) 等，也都证实存在着醛基。由于核磁共振谱或红外光谱中都不存在芳环结构 的特征吸收，因此未知物应是一脂肪族醛。 核磁共振谱中δ2.42处的多重峰，相当 2个质子，显然是与醛基相连的亚甲基峰。 高场δ0. 89处的1个畸变的3重峰，积分面积相当 3个质子，故应为I个甲基。 δ2. 1~1.1之间的1组峰，积分面积相当8个质子，正好是4 个亚甲基。根据上 述分析，未知物的结构应为：
9. 某一未知化合物，其质谱的分子离子峰为 228.1152 ，红外光谱见图，核磁共振 谱中δ6. 95为四重峰（8H，每一双峰裂距为8Hz），δ2.65为宽峰(2H) ，此2 个质子 经重水交换后核磁信号可消失， δ1.63为单峰(6 H) 。试确定该未知化合物的结构。
CH3CH2CH2CH2CH2CH2CHO
这一结构，相当于分子量114。在未知物的质谱图中，确实可以在 m/e114处发 现1个很弱的分子离子峰。此外，质谱中 m/e29，43，57，71 等一系列直链脂 肪烃的特征碎片，也与上述鉴定吻合。 根据这一结构，未知物质谱图中的其它主要碎片峰也可得到满意的解释。如 质荷比为96的碎片离子是由分子离子失去水分子而形成的，质荷比为 86的碎 片离子是由分子离子失去CO而形成的，质荷比为70 的碎片离子是由分子离子 失去—CH2CHOH基而形成的等等。
[解] 首先分析一下红外光谱：在3300cm-1附近有一强而宽的吸收 带指出存在OH伸缩吸收，加上在1300~1000cm-1之间有几个强吸 收带，这些说明未知物存在着 OH基。 在3030 cm-1附近有一弱吸收带为υCH。在1600和1500cm-1之间 具有两个中等强度吸收带是由苯核骨架振动所引起的。 840cm-1处 有一强吸收带为δCH（面外）。这些都说明未知物存在着 1.4二取 代苯环。 由于在红外光谱中没有看到羰基的吸收带，因此未知物不是酸 和酯。故上述羰基很可能以醇类形式存在。但由于 C－ O伸缩振动 ， 波数较高，故可以认为是酚羟基。 质谱中未知物的分子离子峰为228.1152，假定测定误差为 ±0.006，小数部分应该在 0.1092～ 0.1212的范围。根据这个数值， 从Beynon表中可以找出C15 O16 O2 。从分子式C15O16O2知道，不饱 和度为8，因此可以假定未知物含有2个苯环。 到这里。我们可以初步指出未知物具有一下述的碎片结构：
HO
HO
如果未知物的分子式减去上述碎片，则剩下 C3 H6。由于没有剩下 CH3 的双不饱和度，所以C3H6的结构可以设想为
C
这样，未知物的结构可以推出为
HO
CH3
CH3
OH
C
CH3
我们设想的结构式为未知物的核磁共振谱所证实：在未知物核磁共振谱 中共有三组峰，在δ1.63处的单峰。积分值指出具有6个质子，这说明存 在着2个甲基，并且这2个甲基一定连在1个叔碳原子上；在δ2.65处的宽 峰，积分值指出具有2个质子经重水交换后可消失，说明存在2个OH基； 在6.95处的四重峰（见图2-16)，积分值指出具有8个质子。从图看出它是 典型的对位二取代苯环质子峰，其中四个峰的强度按弱、强、强、弱对 称分布，并且每一双峰裂距均为8Hz。 根据以上分析完全证实设想的结构式： CH3
HO
C
CH3
OH
10. 试从给出的MS和1HNMR谱推测未知物的结构，其IR谱上在 1730cm-1处有强吸收。
3H 3H
3H 2H
[解] 从质谱图确定分子量为194。由于 m/z194,m/z196的相对丰度 几乎相等，说明分子中含一个Br原子，从红外图 1730cm-1的吸收峰 可知分子中含羰基，即含一个氧原子，1HNMR 谱中，从低场到高 场积分曲线高度比为3:2:3:3， H原子数目为 11或其整数倍， C原子数 目可用下式计算： C原子数目＝(194－11－ 16－79)/12=7余4 因不能整除，需用试探法调整。分析上述计算结果，余数 4加 12 等于16，因此可能另含一个氧原子。重新检查各谱，发现 1H NMR 中，处于低场4附近的一簇峰裂分形复杂，估计含有两种或更多 H原 子，而Br原子存在不能造成两种 H的化学位移在低场，羰基也不能 使邻近的H化学位移移到4处，因此存在另一个氧原子的判断是合理 的。质谱图中m/z45，m/z87等碎片离子也说明有非羰基的氧存在。 重新计算C原子数目。 C原子数目＝(194－11× 2－ 79)/12＝6 故分子式为CHBrO2，不饱和度为1。
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由以上分析可知分子中含Br、 C＝ O、—O—；从氢谱的高场到低场 分别有CH3(三重峰)、CH3(三重峰)、CH2(多重峰)，仔细研究δ4处的 裂分峰情况，可以发现它由一个偏低场的四重峰和一个偏高场的三 重峰重叠而成，一共有三个H，其中四重峰所占的积分曲线略高， 它为－CH2－(四重峰)，另一个则为 CH(三重峰)。综上所述，分子 中应有两个较大的结构单元CH3CH2— 和CH3CH2 CH—以及Br、 C＝ O、—O—三个官能团。前者的 CH2化学位移为4.2必须与 O相连；后 者的CH2 左右均连接碳氢基团，它的化学位移只能归属到～2，这样， 可列出以下两种可能的结构：
先来看两种结构中CH2(d)的化学位移，理论计算表明结构I中δd＝ 4.1，结构Ⅱ中羰基α-断裂很容易失去Br生成m/z 为115的离子，而实 际上在高质量端有许多丰度可观的含 Br碎片离子。因此，可以排除 结构Ⅱ，而重点确认结构Ⅰ。根据理论计算，结构Ⅰ中各种 H的化 学位移和自旋裂分情况如下： δa＝0.9 (三重峰)；δb＝1.3+0.6+0.2＝ 2.1 (多重峰)；δc＝ 0.23+0.47+2.33+1.55＝ 4.58 (三重峰)；δd＝4.1 (四重峰) δe＝0.9+0.4＝1.3 (三重峰) 除δc计算结果偏大之外，其余基本与谱图相符。 然后来看质谱主要碎裂方式和产物离子的质荷比。结构Ⅰ的主要碎 裂方式和碎片离子如下，它较好的解释质谱中的重要离子。由此可 以认为结构Ⅰ，即α-溴代丁酸乙酯是未知物的结构。
6

有机波谱综合谱图解析

综合谱图解析 1.某未知物分子式为C5H12O,它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的紫外吸收光谱在200 nm以上没有吸收，试确定该化合物结构。并解释质谱中m/z 57和31的来源。

2?待鉴定的化合物（I ）和（II ）它们的分子式均为C 8H 12O 4。它们的质谱、红外 光谱和核磁共振谱见图。也测定了它们的紫外吸收光谱数据：（I ）入max 223nm , S 4100; （II ）入max 219nm 2300,试确定这两个化合物。 未之物（I ）的谱图 127 100-1 - 10 10 曲 凹 M 亠亲) ? 册 -J P 科 J S W

未之物（II）的谱图

3、某未知物的分子式为C 9H 10O 2，紫外光谱数据表明：该物入max 在26 4、262 I? 257、252nm （&maxIOI 、158、147、194、153）;红外、核磁数据如图所示，试 0 LOtMio. sopoiggg 翌g 嚴效 却31卿］卿丄电00 uyo iw mo 推断其结构，并说明理 由。 ! \ \ 「 1 CCh 1 I J —' 1 1 _■ ____ __ _ ,B . _ ，- T J.亠」亠亠」亠 | * --------------- U 5>0 4. 0 d/ppm

4.某未知物C ii H i6的UV 、IR 、中NMR 、MS 谱图及13C NMR 数据如下，推导 未知物结构。 序号 S c ( ppm ) 碳原子个数 序号 S c ( ppm ) 碳原子个数 1 143.0 1 6 32.0 1 2 128.5 2 7 31.5 1 3 128.0 2 8 22.5 1 4 125.5 1 9 10.0 1 5 36.0 1 MS(E[] 100 so 30D A/tnn 350 血 >0624*68<)2 4 內 OS n 2 2 98765^43211 0SU 'H bMRfCDCI^

四大波谱基本概念以及解析综述

四大谱图基本原理及图谱解析 一.质谱 1.基本原理： 用来测量质谱的仪器称为质谱仪，可以分成三个部分：离子化器、质量分析器与侦测器。其基本原理是使试样中的成分在离子化器中发生电离，生成不同荷质比的带正电荷离子，经加速电场的作用，形成离子束，进入质量分析器。在质量分析器中，再利用电场或磁场使不同质荷比的离子在空间上或时间上分离，或是透过过滤的方式，将它们分别聚焦到侦测器而得到质谱图，从而获得质量与浓度(或分压)相关的图谱。 在质谱计的离子源中有机化合物的分子被离子化。丢失一个电子形成带一个正电荷的奇电子离子(M+·)叫分子离子。它还会发生一些化学键的断裂生成各种 碎片离子。带正电荷离子的运动轨迹：经整理可写成： 式中：m／e为质荷比是离子质量与所带电荷数之比；近年来常用m／z表示质荷比；z表示带一个至多个电荷。由于大多数离子只带一个电荷，故m／z就可以看作离子的质量数。 质谱的基本公式表明： （1）当磁场强度(H)和加速电压(V)一定时，离子的质荷比与其在磁场中运动半径的平方成正比(m／z ∝r2m)，质荷比(m／z)越大的离子在磁场中运动的轨道半径(rm)也越大。这就是磁场的重要作用，即对不同质荷比离子的色散作用。 （2）当加速电压(V)一定以及离子运动的轨道半径(即收集器的位置)一定时，离子的质荷比(m／z)与磁场强度的平方成正比(m／z∝H2)改变H即所谓的磁场扫描，磁场由小到大改变，则由小质荷比到大质荷比的离子依次通过收集狭缝，分别被收集、检出和记录下来。 （3）若磁场强度(H)和离子的轨道半径(rm)一定时，离子的质荷比(m／z)与加速电压(V)成反比(m／z∝1／V)，表明加速电压越高，仪器所能测量的质量范

四大图谱综合解析

2013/12/2四大图谱综合解析[解] 从分子式CHO，求得不饱和度为零，故未知物应为512饱和脂肪族化合物。 1 某未知物分子式为CHO，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，512未知物的红外光谱是在CCl溶液中测定的，样品的CCl稀溶液它的紫外吸收光谱在200 nm以上没有吸收，试确定该化合物结构。44-1的红外光谱在3640cm处有1尖峰，这是游离O H基的特征吸收峰。样品的CCl4浓溶液在3360cm-1处有1宽峰，但当溶液稀释后复又消失，说明存在着分子间氢键。未知物核磁共振谱中δ4. 1处的宽峰，经重水交换后消失。上述事实确定，未知物分子中存在着羟基。未知物核磁共振谱中δ0.9处的单峰，积分值相当3个质子，可看成是连在同一碳原子上的3个甲基。δ3.2处的单峰，积分值相当2个质子，对应1个亚甲基，看来该次甲基在分子中位于特丁基和羟基之间。质谱中从分子离子峰失去质量31（－CHOH）部分而形成基2峰m/e57的事实为上述看法提供了证据，因此，未知物的结构CH是3CCl稀溶液的红外光谱, CCl浓溶液44 CHOH C HC在3360cm-1处有1宽峰23 CH3 2. 某未知物，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的根据这一结构式，未知物质谱中的主要碎片离子得到了如下紫外吸收光谱在210nm以上没有吸收，确定此未知物。解释。CH CH3+3.+ +C CH HCOH CHOH C HC3223 m/e31CH CH33 m/e88m/e57-2H -CH-H-CH33m/e29 CH m/e73CHC23+ m/e41 [解] 在未知物的质谱图中最高质荷比131处有1个丰度很小的峰，应从分子量减去这一部分，剩下的质量数是44，仅足以组为分子离子峰，即未知物的分子量为131。由于分子量为奇数，所以未成1个最简单的叔胺基。知物分子含奇数个氮原子。根据未知物的光谱数据中无伯或仲胺、腈、CH3N酞胺、硝基化合物或杂芳环化合物的特征，可假定氮原子以叔胺形式存CH3在。红外光谱中在1748 cm-1处有一强羰基吸收带，在1235 cm-1附近有1典型正好核磁共振谱中δ2. 20处的单峰(6H )，相当于2个连到氮原子上的宽强C－O－C伸缩振动吸收带，可见未知物分子中含有酯基。1040 的甲基。因此，未知物的结构为:-1cm处的吸收带则进一步指出未知物可能是伯醇乙酸酯。O核磁共振谱中δ1.95处的单峰(3H），相当1个甲基。从它的化学位移来CH3N看，很可能与羰基相邻。对于这一点，质谱中，m/e43的碎片离子CHCHCHOC223CH(CHC=O)提供了有力的证据。在核磁共振谱中有2个等面积(2H)的三重33峰，并且它们的裂距相等，相当于AA’XX'系统。有理由认为它们是2个此外，质谱中的基峰m /e 58是胺的特征碎片离子峰，它是由氮原子相连的亚甲－CH－CH，其中去屏蔽较大的亚甲基与酯基上的氧原子22的β位上的碳碳键断裂而生成的。结合其它光谱信息，可定出这个相连。碎片为至此，可知未知物具有下述的部分结构：CHO3NCH2CHCHCHOCCH32231 2013/12/23.某未知物CH的UV、IR、1H NMR、MS谱图及13C NMR数据如下，推[解] 1. 从分子式CH，计算不饱和度Ω＝4；11161116导未知物结构。 2. 结构式推导未知物碳谱数据UV：240～275 nm 吸收带具有精细结构，表明化合物为芳烃；序号δc序号δc碳原子碳原子IR :：695、740 cm-1 表明分子中含有单取代苯环；（ppm）个数（ppm）个数MS ：m/z 148为分子离子峰，其合理丢失一个碎片，得到m/z 91的苄基离子；1143.01632.01 313C NMR：在（40～10）ppm 的高场区有5个sp杂化碳原子；2128.52731.51 1H NMR：积分高度比表明分子中有1个CH和4个－CH－，其中（1.4～1.2）3128.02822.5132 ppm为2个CH的重叠峰；4125.51910.012因此，此化合物应含有一个苯环和一个CH的烷基。511536.01 1H NMR 谱中各峰裂分情况分析，取代基为正戊基，即化合物的结构为：23

NMR,VU,IR,MS四大图谱解析解析

13C-NMR谱图解析 13C-NMR谱图解析流程 1.分于式的确定 2.由宽带去偶语的谱线数L与分子式中破原子数m比较，判断分子的对称性. 若L=m，每一个碳原子的化学位移都不相同，表示分子没有对称性;若L

基团类型Qc/ppm 烷0-60 炔60-90 烯，芳香环90-160 羰基160 4.组合可能的结构式 在谱线归属明确的基础上，列出所有的结构单元，并合理地组合成一个或几个可能的工作结构。 5.确定结构式 用全部光谱材料和化学位移经验计算公式验证并确定惟一的或

可能性最大的结构式，或与标准谱图和数据表进行核对。经常使用的标准谱图和数据表有: 经验计算参数 1.烷烃及其衍生物的化学位移 一般烷烃灸值可用Lindeman-Adams经验公式近似地计算： ∑ Qc5.2 =nA - + 式中:一2.5为甲烷碳的化学位移九值;A为附加位移参数，列于下表，为具有某同一附加参数的碳原子数。 表2 注:1(3).1(4)为分别与三级碳、四级碳相连的一级碳;2(3)为与三级碳相连的二级碳，依此类推。 取代烷烃的Qc为烷烃的取代基效应位移参数的加和。表4一6给出各种取代基的位移参数

综合谱图解析

1、某未知物分子式为C5H12O，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的紫外吸收光谱在200 nm以上没有吸收，试确定该化合物结构。 1 : 2 : 9 [解] 从分子式C5H12O，求得不饱和度为零，故未知物应为饱和脂肪族化合物。 未知物的红外光谱是在CCl4溶液中测定的，样品的CCl4稀溶液的红外光谱在3640cm-1处有1尖峰，这是游离O H基的特征吸收峰。样品的CCl4浓溶液在

3360cm -1处有1宽峰，但当溶液稀释后复又消失，说明存在着分子间氢键。未知物核磁共振谱中δ4. 1处的宽峰，经重水交换后消失。上述事实确定，未知物分子中存在着羟基。 未知物核磁共振谱中δ0.9处的单峰，积分值相当3个质子，可看成是连在同一碳原子上的3个甲基。δ3.2处的单峰，积分值相当2个质子，对应1个亚甲基，看来该次甲基在分子中位于特丁基和羟基之间。 质谱中从分子离子峰失去质量31（－CH 2OH ）部分而形成基峰m/e57的事实为上述看法提供了证据，因此，未知物的结构是 C CH 3 H 3C CH 3 CH 2OH 根据这一结构式，未知物质谱中的主要碎片离子得到了如下解释。 C CH 3 H 3C CH 3 CH 2OH +. C + CH 3 CH 3 H 3C CH 2 OH + m/e31m/e88 m/e57 -2H -CH 3 -CH 3-H CH 3 C CH 2 + m/e29 m/e73 m/e41 2、某未知物，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的紫外吸收光谱在210nm 以上没有吸收，确定此未知物。

226 3 [解] 在未知物的质谱图中最高质荷比131处有1个丰度很小的峰，应为分子离子峰，即未知物的分子量为131。由于分子量为奇数，所以未知物分子含奇数个氮原子。根据未知物的光谱数据亚无伯或仲胺、腈、酞胺、硝基化合物或杂芳环化合物的特征，可假定氮原子以叔胺形式存在。 红外光谱中在1748 cm-1处有一强羰基吸收带，在1235 cm-1附近有1典型的宽强C－O－C伸缩振动吸收带，可见未知物分子中含有酯基。1040 cm-1处的吸

四大图谱综合解析

2013/12/2
四大图谱综合解析
1 某未知物分子式为C5 H12 O，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，
它的紫外吸收光谱在200 nm以上没有吸收，试确定该化合物结构。
CCl4稀溶液的红外光谱, CCl4浓溶液 在3360cm-1处有1宽峰
[解] 从分子式C5H12O，求得不饱和度为零，故未知物应为 饱和脂肪族化合物。 未知物的红外光谱是在CCl4溶液中测定的，样品的CCl4稀溶液 的红外光谱在3640cm-1处有 1尖峰，这是游离 O H基的特征吸收 峰。样品的CCl4浓溶液在 3360cm-1处有 1宽峰，但当溶液稀释 后复又消失，说明存在着分子间氢键。未知物核磁共振谱中δ4. 1处的宽峰，经重水交换后消失。上述事实确定，未知物分子 中存在着羟基。 未知物核磁共振谱中δ0.9处的单峰，积分值相当3个质子，可 看成是连在同一碳原子上的3个甲基。δ3.2处的单峰，积分值 相当2个质子，对应1个亚甲基，看来该次甲基在分子中位于特 丁基和羟基之间。 质谱中从分子离子峰失去质量31（－ CH2 OH）部分而形成基 峰m/e57的事实为上述看法提供了证据，因此，未知物的结构 CH3 是
H3C
C
CH3
CH2OH
根据这一结构式，未知物质谱中的主要碎片离子得到了如下 解释。
CH 3
2. 某未知物，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的 紫外吸收光谱在210nm以上没有吸收，确定此未知物。
CH2
+ OH m/e31 -2H
+ . CH2OH
H3C
CH3
H3C
C
CH 3
C+
CH3
m/e88 -CH3 m/e29 m/e73
m/e57 -CH3 -H CH 3 C + CH 2
m/e41
[解] 在未知物的质谱图中最高质荷比131处有1个丰度很小的峰，应 为分子离子峰，即未知物的分子量为131。由于分子量为奇数，所以未 知物分子含奇数个氮原子。根据未知物的光谱数据中无伯或仲胺、腈、 酞胺、硝基化合物或杂芳环化合物的特征，可假定氮原子以叔胺形式存 在。 红外光谱中在1748 cm-1处有一强羰基吸收带，在1235 cm-1附近有1典型 的宽强C－O－C伸缩振动吸收带，可见未知物分子中含有酯基。1040 cm-1处的吸收带则进一步指出未知物可能是伯醇乙酸酯。 核磁共振谱中δ1.95处的单峰(3H），相当1个甲基。从它的化学位移来 看，很可能与羰基相邻。对于这一点，质谱中，m/e43的碎片离子 (CH3C=O)提供了有力的证据。在核磁共振谱中有2个等面积(2H)的三重 峰，并且它们的裂距相等，相当于AA’XX'系统。有理由认为它们是2个 相连的亚甲－CH2－CH2，其中去屏蔽较大的亚甲基与酯基上的氧原子 相连。 至此，可知未知物具有下述的部分结构：
O CH 2 CH 2 O C CH 3
从分子量减去这一部分，剩下的质量数是 44，仅足以组 成1个最简单的叔胺基。
CH 3 CH3 N
正好核磁共振谱中δ2. 20处的单峰(6H )，相当于2个连到氮原子上 的甲基。因此，未知物的结构为:
CH3 CH3 O N CH2 CH2 O C CH3
此外，质谱中的基峰m /e 58是胺的特征碎片离子峰，它是由氮原子 的β位上的碳碳键断裂而生成的。结合其它光谱信息，可定出这个 碎片为
CH3 CH3 N CH 2
1

四大谱图综合解析

3 待鉴定的化合物（I）和（II）它们的分子式均为C8H12O4。它们的质谱、红外光谱和核磁共振谱见图。也测定了它们的紫外吸收光谱数据：(I)λmax223nm，δ4100；（II）λmax219nm，δ2300，试确定这两个化合物。 未之物（I）的质谱 未之物（II）质谱

化合物（I）的红外光谱 化合物（II）的红外光谱 化合物（I）的核磁共振谱

化合物（II）的核磁共振谱 [解] 由于未知物（I）和（II）的分子式均为C8H12O4，所以它们的不饱和度也都是3，因此它们均不含有苯环。（I）和（II）的红外光谱呈现烯烃特征吸收，未知物（I）：3080cm-1，(υ=C-H)，1650cm-1(υ=C-C) 未知物（II）：:3060cm-1 (υ=C-H)，1645cm-1(υ=C-C) 与此同时两者的红外光谱在1730cm-1以及1150～1300 cm-1之间均具有很强的吸收带，说明（I)和(II)的分子中均具有酯基； (I)的核磁共振谱在δ6.8处有1单峰，（II）在δ6.2处也有1单峰，它们的积分值均相当2个质子。显然，它们都是受到去屏蔽作用影响的等同的烯烃质子。另外，(I)和(II )在δ4. 2处的四重峰以及在δ1.25处的三重峰，此两峰的总积分值均相当10个质子，可解释为是2个连到酯基上的乙基。因此(I)和(II)分子中均存在2个酯基。这一点，与它们分子式中都含有4个氧原子的事实一致。 几何异构体顺丁烯二酸二乙酯(马来酸二乙酯)和反丁烯二酸二乙酯（富马酸二乙酯)与上述分析结果一致。现在需要确定化合物([)和(II)分别相当于其中的哪一个。 COOEt COOEt COOEt EtOOC 顺丁烯二酸二乙酯反丁烯二酸二乙酯 利用紫外吸收光谱所提供的信息，上述问题可以得到完满解决。由于富马酸二乙酯分子的共平面性很好，在立体化学上它属于反式结构。而在顺丁烯二酸二乙酯中，由于2个乙酯基在空间的相互作用，因而降低了分子的共平面性，使共轭作用受到影响，从而使紫外吸收波长变短。

综合谱图解析

1、某未知物分子式为CHO，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的125紫外吸收光谱在200 nm以上没有吸收，试确定该化合物结构。 1 : 2 : 9 [解] 从分子式CHO，求得不饱和度为零，故未知物应为饱和脂肪族化合物。125未知物的红外光谱是在CCl溶液中测定的，样品的CCl稀溶液的红外光谱44-1处有1尖峰，这是游离O H基的特征吸收峰。样品的在3640cmCCl浓溶液在4word

编辑版． -1宽峰，但当溶液稀释后复又消失，说明存在着分子间氢键。未知13360cm处有处的宽峰，经重水交换后消失。上述事实确定，未知物分4. 1物核磁共振谱中δ子中存在着羟基。个质子，可看成是连在同3未知物核磁共振谱中δ0.9处的单峰，积分值相当个亚甲基，12个质子，对应个甲基。一碳原子上的3δ3.2处的单峰，积分值相当看来该次甲基在分子中位于特丁基和羟基之间。的事OHCH）部分而形成基峰m/e57质谱中从分子离子峰失去质量31（－2实为上述看法提供了证据，因此，未知物的结构是CH3OHCHC CH23CH3根据这一结构式，未知物质谱中的主要碎片离子得到了如下解释。CHCH3+3.++CCHOH CH OHCHC CH m/e31CHCH33m/e88m/e57-2H-CH-H-CH33m/e29CHCCHm/e7323+m/e41 3232 2、某未知物，它的质谱、红外光谱以及核磁共振谱如图，它的紫外吸收光谱在210nm以上没有吸收，确定此未知物。 word 编辑 版．

3622 个丰度很小的峰，应为分子离处有在未知物的质谱图中最高质荷比1311] [解。由于分子量为奇数，所以未知物分子含奇数个子峰，即未知物的分子量为131氮 原子。根据未知物的光谱数据亚无伯或仲胺、腈、酞胺、硝基化合物或杂芳环化合物的特征，可假定氮原子以叔胺形式存在。-1-1典型的红外光谱中在1748 cm处有一强羰基吸收带，在1235 cm1附近有-1处的吸－－宽强COC1040 cm伸缩振动 吸收带，可见未知物分子中含有酯基。word 编辑版． 收带则进一步指出未知物可能是伯醇乙酸酯。个甲基。从它的化学位移来看， 11.95处的单峰(3H），相当核磁共振谱中δ提供了C=O)很可能与羰基相邻。对于这一点，质谱中，m/e43的碎片离子(CH3并且它们的裂距相等，的三重峰，在核磁共振谱中有2个等面积(2H)有力的证据。，其中去－2个相连的亚甲－CHCH相当于AA'XX'系统。有理由认为它们是22屏蔽较大的亚甲基与酯基上的氧原子相连。至此，可知未知物具有下述的部分结构：OCHCHCHOC322个

四大谱图综合解析6

11 某一未知化合物的质谱、红外光谱和核磁共振谱见图2-16. 2-1'l和2 18。也测定了它的紫外光谱数据：在200nm以上没有吸收。试确定该化合物的结构。 质谱数据 [解] 根据M+1=7.8, M+2=0.5，从Beynon表找出有关式子，然后排除含有奇数个氮原子的式子(因为未知物的分子量为偶数)，剩余的列出： C5H14N2 72

和C 6H 14O 也较为接近。考虑到未知物的紫外光谱在200 nm 以上没有吸收，核磁共振谱在芳环特征吸收区域中也没有吸收峰等事实，说明未知物是脂肪族化合物。根据这一点，上述三个式子只有C 6H 14O 可以作为未知物的分子式。从分子式可知该化合物不饱和度为零。 在未知物的红外光谱中，没有羰基或羟基的特征吸收，但分子式中又含有氧原子，故未知物为醚的可能性很大。在1130cm -1~ 1110 cm -1之间有一个带有裂分的吸收带，可以认为是C —O —C 的伸缩振动吸收。 另一方面，核磁共振谱中除了在δ1. 15处的双峰和δ3.75处的对称七重峰(它们的积分比为6:1)以外没有其它峰，这非常明确地指出了未知物存在着2个对称的异丙基。对于这一点，红外光谱中的1380 cm -1和1370 cm -1处的双峰，提供了另一个证据。 根据上述分析得到的信息，未知物的结构式可立即确定为： CH H 3C H 3C O CH CH 3CH 3 按照这个结构式，未知物质谱中的主要碎片离子可以得到满意的解释： CH H 3C H 3C O CH 3 CH 3 +· C H H 3C CH 3 O C H CH 3 ++ 基峰 m/z 45 CH H 3C H 3C CH H 3C H 3C O H C CH 3 +++O CH CH 3 CH 3 ·m/z 43 m/z 87 +·CH 3 CH 3CH=OH 12 某一未知化合物，其分子式为C 10H 10O 。已测定它的紫外吸收光谱、红外光谱(KBr 压片)以及核磁共振谱，见图确定该化合物结构。

(完整版)四大波谱基本概念以及解析

四大谱图基本原理及图谱解析 一质谱 1. 基本原理： 用来测量质谱的仪器称为质谱仪，可以分成三个部分：离子化器、质量分析器与侦测器。其基本原理是使试样中的成分在离子化器中发生电离，生成不同荷质比的带正电荷离子，经加速电场的作用，形成离子束，进入质量分析器。在质量分析器中，再利用电场或磁场使不同质荷比的离子在空间上或时间上分离，或是透过过滤的方式，将它们分别聚焦到侦测器而得到质谱图，从而获得质量与浓度(或分压)相关的图谱。 在质谱计的离子源中有机化合物的分子被离子化。丢失一个电子形成带一个正电荷的奇电子离子(M+J叫分子离子。它还会发生一些化学键的断裂生成各种 r =￡ 碎片离子。带正电荷离子的运动轨迹：经整理可写成： m _ rjH2 电"2比2式中：口/e为质荷比是离子质量与所带电荷数之比；近年来常用m/z 表示质荷比；z表示带一个至多个电荷。由于大多数离子只带一个电荷，故m/z就可以看作离子的质量数。 质谱的基本公式表明： (1)当磁场强度(H)和加速电压(V)一定时，离子的质荷比与其在磁场中运动半径的平方成正比(m/z x r2m)，质荷比(m/z)越大的离子在磁场中运动的轨道半径(rm)也越大。这就是磁场的重要作用，即对不同质荷比离子的色散作用。 (2)当加速电压(V) 一定以及离子运动的轨道半径(即收集器的位置)一定时，离子的质荷比(m/z)与磁场强度的平方成正比(m/z x H2)改变H即所谓的磁场扫描，磁场由小到大改变，则由小质荷比到大质荷比的离子依次通过收集狭缝，分别被收集、检出和记录下来。 (3)若磁场强度(H)和离子的轨道半径(rm)一定时，离子的质荷比(m/z)与加速电压(V)成反比(m/z x 1/V)，表明加速电压越高，仪器所能测量的质量范

DSC曲线解析

DSC曲线解析 傅树人（中国科学院广州化学研究所） DSC作为一种多用途；高效、快速、灵敏的分析测试手段已广泛用于研究物质的物理变化(如玻璃化变、熔融、结晶、晶型转变、升华、汽化、吸附等)和化学变化(如分解、降解、聚合、交联、氧化还原等)。这些变化是物质在加热或冷却过程中发生的，它在DSC曲线上表现为吸热或放热的峰或基线的不连续偏移。对于物质的这些DSC表征，尽管多年来通过热分析专家的解析积累了不少资料，也出版了一些热谱(如SADTLER热谱等)．但热谱学的发展尚不够成熟，不可能象红外光谱那样将图谱的解析工作大部分变为图谱的查对工作，尤其是高聚物对热历史十分敏感，同一原始材料，由于加工成型条件不同往往有不同的DSC 曲线，这就结DSC曲线的解析带来了较大的困难。 解析DSC曲线决不只是一个技术问题，有时还是一个困难的研究课题。因为解析DSC 曲线所涉及的技术面和知识面较广。为了确定材料转变峰的性质，不但要利用DSC以外的其他热分析手段，如DSC-TGA联用，还要借助其他类型的手段，如DSC-GC联用，DSC 与显微镜联用，红外光谱及升降温原位红外光谱技术等。这就要求解析工作者不但要通晓热分析技术，还要对其他技术有相应的了解，在此基础上结合研究工作不断实践积累经验，提高解析技巧和水平。 作为DSC曲线的解析工作者起码应该知道通过DSC与TGA联用，可以从DSC曲线的吸热蜂和放热峰及与之相对应的TGA曲线有无失重或增重，判断材料可能发生的反应过程，从而初步确定转变峰的性质．如表1所示。 DSC曲线，还必须对材科的特性有较为深刻的了解，例如高聚物的结构和性能与其热历史、机械史、结晶过程密切相关，其DSC曲线会留下这些热历史的印记，谓之Previous history memory。从DSC曲线研究和表征这些历史记忆对材料的结构和性能的影响，实质上就是对