2009-2010学年度高三年级第一次调研考试(盐城与镇江两份)_物理答案

高三物理试题第1页（共6页）

盐城

一、单项选择题（）

三、解答题

10．（1）21t F -

（2分）如图所示（2分） （2）F 与21t

成正比。（2分） （3）在误差允许范围内，物体质量一定时，加速度与外力成正比（2分）。

11．（1）如图所示（每图3分）

（2）灯泡正常发光时的电阻大于不发光时的电阻（或灯泡电阻随加在灯泡两端的电压增大而

增大）。（2分）

（3）正向电阻与反向电阻相差较大（2分）

12A （1）．C （2）．放出，4J ，减少，降低（每空1分）。 （3）8×1020

12B （1）．C （2）．c （2分），小（1分），长（1分）

（3）．3（2分），1.73×108

m/S （2分） 12C （1）．C （2）．粒子性，正，能，＞（每空1分）。

（3）．①重核裂变和轻核聚变（2分），②kg 3

108.4-?（2分）

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四、计算题

13．（1）令物体受到电场力的水平分量为x F ，竖直分量为y F ，物体由B 到C 的运动过程中，

水平分力做功为零，竖直分力做功等于重力做功。………………………………（2分）

即： J 522=?=?=R mg R F W y ……………………………………………（3分）

（2）小球从B 到C 运动的过程中，重力和电场力的竖直分力相等，电场力的水平分力不做功，

所以s m B C /4==υυ…………………………………………………………………（2分）

在C 点，由牛顿第二定律得：R m F mg F y 2

υ=-+…………………………（2分）

Y F mg =

解得：N F 16=……………………………………………………………………（1分）

（3）脱离轨道后，站球在水平方向上做匀减速直线运动，由运动学公式得：

ax C 222=-υυ……………………………………………………………………（1分）

代入数据得：m x 3=……………………………………………………………（1分）

令斜面与水平面的夹角为α，则332tan ==

x R α，?=30α………………（1分） 物体从A 到B 的运动过程中，由动能定理得：

221s i n c o s

B m H mg mgH υααμ=?-…………………………………………（1分） 代入数据解得：45

311=μ………没有看到问题…………………………………（1分） 14．（1）离子进入磁场后，受洛仑兹力作用，由牛顿第二定律得：

r m Bq 2

υυ=………………………………………………………………………（3分）

Bq

m r υ=……………………………………………………………………………（2分） （2）如图所示，由几何关系可得，离子进入磁场A 点坐标为（2a -，a 63）离开磁场B 点

高三物理试题第3页（共6页） 坐标为（2a ，a 6

3）

由几何关系，离子运动的路程为：

a a r a s 3

3323332ππ+=+= ………………………………………………（3分） 则υπυ

3)32(a s t +==或Bq m s t 3)32(πυ+==………………………………（2分） （3）在x ＞0的区域内，令离子离开磁场后与x 轴夹角为θ。

由几何关系得：θsin r x =……………………………………………………………（2分）

θθθ

sin )tan cos (r a y -=…………………………………………（2分） 代入相关数据并化简得： 222222)(x q B m Bq

x ax y --=υ化简成其它形式，正确的也给分…………………………（2分）

15．（1）线圈下落过程中，有

υπR B E 2?=………………………………………………………………………（1分）

r

E I =………………………………………………………………………………（1分） ma R BI mg =?-π2………………………………………………………………（1分）

可知线线圈做加速度减小的加速运动，当a=0时，速度最大，代入求得：

2224R B mgr m πυ=……………………………………………………………（2分）

（2）反弹后上升的过程中某一时刻，由牛顿运动定律得：

ma R BI mg =?+π2………………………………………………………………（2分）

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在一段微小时间t ?内，速度增量为t a ?=?υ，通过线圈截面电量为t I q ?=? 则：RB

t mg ma q π2)(?-=?∑∑……………………………………………………（2分） BR mgt R

B gr m q ππ2813332-=…………………………………………………………（1分） （3）反弹后上升的过程中某一时刻，由牛顿运动定律得：

ma R r

RB B mg =?+πυπ22………………………………………………………（1分） 在一段微小时间t ?内，速度增量为t a ?=?υ，线圈上升高度为t h ?=?υ

则线圈可上升的最大高度h 为：

2221444222224164)(B

R mgrt R B gr m r B R t mg ma h h πππ-=?-=?=∑∑……………………（1分） 线圈到达最高点后，下落过程中的某一时刻，由牛顿运动定律得：

ma R r

RB B

mg =?-πυπ22…………………………………………………………（1分） 在一段微小时间t ?内，速度增量为t a ?=?υ，线圈下降高度为t h ?=?υ 则线圈第二次下降到水平面时的速度为υ

222212224)(41R B mgr t t g t r R B mg m ππυυ-+=????

? ??-=?=∑∑……（1分） 本过程中线圈中产生的热量为线圈动能的损失：

2

222212222224)(214212121??

? ??-+-??? ??=-=R B mgr t t g m R B mgr m m m Q m ππυυ 化简得：

镇江市2010届高三第一次调研测试

物理参考评分标准

一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项

符合题意.

题号 1 2 3 4 5

答案B D A C C

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.

题号6 7 8 9

答案AD BD ACD CD

三、简答题：本题共3小题，共30分。请按题要求将解答写在答题卡相应的位置. 10．52.35 mm (3 分) 4.686—4.689 mm(3 分)

11．（1）60 Hz（3分）

（2）0.25 m/s(3 分) 0.40 m/s(2 分)

12．（1）R1 (1 分)

（2）如右图（错一处本小题不得分）(4 分)

（3） 1.44—1.45 V(2 分) 0.83—0.84 Ω(2 分)

(4）将该电阻R与电源连成闭合电路时通过电阻R的电流和它两端的电压(2 分) 0.63 W．(1 分)

（5）不变，(2 分) 不变．(2 分)

四、计算题：本题共4小题，共计59分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只

写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位. 13．设力F撤去之前物体的加速度为a1，t1秒末物体的速度为v，

根据牛顿第二定律可得：

Fcosθ—μ(mg—Fsinθ)=ma1 ………………………………………………………………（3分）

由运动学公式得：v=

a1t1 ……………………………………………………………………（1分）设力F撤去之后物体的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律可得：

μmg=ma2 ………………………………………………………………（2分）

由运动学公式得：v=

a2t2 ………………………………………………………………………（1分）联立以上各式得：N ………………………………………………………………（2分）

（2）设t1秒内物体的位移为x1，t2秒内物体的位移为x2，

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x1= …………………………………………………………………（1分）

x2= ………………………………………………………………………（1分）物体的总位移

x=x1+x2=60m …………………………………………………（2分）

14．（1）研究小球作平抛运动，小球落至A点时，由平抛运动速度分解图可得：v0= vycotα …………………………………………………（1分）

vA= …………………………………………………（1分）

vy2=2gh …………………………………………………（1分）

h= …………………………………………………（1分）

x= v0t …………………………………………………（1分）

由上式解得：v0=6m/s …………………………………………………（1分）

x=4.8m …………………………………………………（1分）

vA=10m/s …………………………………………………（1分）

(2)由动能定理可得小球到达斜面底端时的速度vB

mgH= ………………………………………………（1分）vB=20m/s ………………………………………………（1分）

(3) 小球在BC部分做匀速直线运动，在竖直圆轨道内侧做圆周运动，研究小球从C点到D点：

由动能定理可得小球到达D点时的速度vD

—2mgR= ………………………………………………（2分）在D点由牛顿第二定律可得：

N+mg= ………………………………………………（1分）由上面两式可得：N=3N ………………………………………………（1分）

由牛顿第三定律可得：小球在D点对轨道的压力N’=3N，方向竖直向上．（1分）

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15．(1)设金属棒达到稳定时的速度vm，回路中的电流为I，切割磁感应线产生的电动势为E

E=BLvm ………………………………………………（1分）

I= ………………………………………………（1分）

由受力平衡可得：BIL+μmg

cosθ=mgsinθ………………………………………………（1分）

由以上各式可得：

vm=2m/s ……… ………………………………………………（1分）

(2)由能量转化及守恒可得

mgssinθ= Q +Wf克

+ …… ………………………………………………（1分）

解得:

Q=0.7J ………………………………………………（1分）则Q R=

Q=0.56J ………………………………………………（1分）

此过程中流过电阻R的电荷量

q= ………………………………………………（1分）

…………………………………………………………（1分）

…………………………………………………………（1分）由以上几式可得：

q=0.8C …………………………………………………………（1分）（3）设此段时间内流过电阻R电流的有效值为I，则根据有效值的定义：Q R=I2Rt

解得：

I=0.1A ………………………………………………………………………………（1分）

则正弦交流电压的最大值为:

V………………………………………………………………………（1分）该正弦交流电压的瞬时表达式为：(v) ………………………………（2分）16．(1) 小球先做匀加速直线运动，直到绳子绷直，设绳绷紧前瞬间速度为v，绳子绷紧后瞬间速度为v1

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则

v2=2ax ………………………………………………………………………………（1分）

而F合= ………………………………………………………………（1分）x= L ………………………………………………………………………………（1分）

绳子绷紧后：

v1=vcos450 ………………………………………………………………（1分）

小球做圆周运动到O点速度为v2，

由动能定理: …………………（2分）

解得: v2=10

m/s ………………………………………………………………（1分）(2) 细绳绷紧过程中对小球所做的功W

W= ………………………………………………………………（1分）

W=—7.07J ………………………………………………………………（1分）

（3）小球进入磁场后，qE2=Mg，即重力与电场力平衡，所以小球做匀速圆周运动

qBv2= ………………………………………………………………（1分）

R= = m ………………………………………………………………（1分）T= = s ………………………………………………………………（1分）

小球在运动半周后以v2出磁场，做匀速直线运动直到打到轴上

匀速运动的时间t

= ………………………………………………………………（1分）

小球从进入磁场到小球穿越磁场后第一次打在轴上运动的总时间

t总=t+ = s =1.3s ……………………………………………………………（1分）小球打到轴上的位置坐标为（—10m，0）………………………………………………（2分）

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