初中数学经典难题参考答案
一、选择题
1、若一次函数y=kx+1与两坐标轴围成的三角形面积为3,则k 为(C ) A 、16 B 、-16 C 、±16 D 、±13
2、若
11m n -=3,2322m mn n
m mn n
+---的值是(B ) A 、1.5 B 、35 C 、-2 D 、-75
3、判断下列真命题有(C )
①任意两个全等三角形可拼成平行四边形②两条对角线垂直且相等的四边形是正方形③四边形ABCD ,AB=BC=CD ,∠A=90°,那么它是正方形④在同一平面内,两条线段不相交就会平行⑤有一条对角线平分一个内角的平行四边形是菱形 A 、②③ B 、①②④ C 、①⑤ D 、②③④
4、如图,矩形ABCD 中,已知AB=5,AD=12,P 是AD 上的动点,PE ⊥AC ,E,PF ⊥BD 于F,则PE+PF=(B ) A 、5 B 、6013 C 、245 D 、55
12
5、在直角坐标系中,已知两点A (-8,3)、B (-4,5)以及动点C (0,n )、D(m,0),则当四边形ABCD 的周长最小时,比值为 m
n
=(B )
A 、-23
B 、-32
C 、-34
D 、34
二、填空题
6、当x= 负数 时,
||3x x -与3x x
-互为倒数。9、已知x 2
-3x+1=0,求(x-1
x )
2
= 5
7、一个人要翻过两座山到另外一个村庄,途中的道路不是上山就是下山,已知他上山的速度为v ,下山的速度为v ′,单程
的路程为s .则这个人往返这个村庄的平均速度为 (
2vv v v '
+'
)
8、将点A (4,0)绕着原点O 顺时针方向旋转30°角到对应点
A ',则点A '的坐标是
()
9、菱形ABCD 的一条对角线长为6,边AB 的长是方程(X-3)(X-4)=0的解,则菱形ABCD 的周长为 16
10、如图,在△ABC 中,∠A=90°,AB=AC ,BD 是△ABC 的中线,△CDB 内以CD 为边的等腰直角三角形周长是
(
AB
或
12
AB ) (第4题图)
11235 (11)
2
3
1
5
1
1
2
11
3
2
1
④
③
②
①
11. 如图,边长为6的菱形ABCD中,∠DAB=60°,AE=BE,F是AC?上一动点,EF+BF的最小值为(
12、如图,边长为
3
的正方形ABCD顺时针旋转30°,得上图,交DE于D’,阴影部分面积是(9-
13、如图,已知四边形ABCD中,AC和BD相交于点O,且∠AOD=90°,若BC=2AD,AB=12,CD=9,四边形ABCD的周长是(21+
14、有这样一组数:1,1,2,3,5…,现以这组数据的数作为正方形边长的长度构造如下正方形;再分别从左到右取2个、3个、4个、5个正方形拼成如下矩形记为①、②、③、④.第⑩个矩形周长是466
15、如图,在直线y=-
3
3
x+1与x轴、y轴交于点A、B,以线段AB为直角边在第一象限内作等腰直角△ABC,∠BAC=90°,第二象限内有一点P(a,
1
2
),且△ABP的面积与△ABC的面积相等,则a= (4-)
三、解答题
16、如图,已知矩形ABCD,延长CB到E,使CE=CA,连结AE并取中点F,连结AE并取中点F,连结BF、DF,求证BF⊥DF。
证明:连结BD交AC于O,
则在△AEC中,由中位线定理,得FO=(1/2)CE
又因为已知CE=AC, 且从已知矩形ABCD 得到AC=BD,
所以FO=(1/2)BD,
从而有FO=BO,FO=DO,
于是有∠OFB=∠OBF, ∠OFD=∠ODF,
又因为△BFD的三个内角和是180°,
(第11题图) (第12题图) (第13题图) (第10题图)
(第14题图)
(第15题图)
(第16题图)
所以∠BFD=∠OFB+∠OFD=1/2(∠OFB+∠OFD+∠OBF+∠ODF)=1/2×180°=90°, 因此△BFD 是直角三角形,从而BF ⊥DF 。
17、如图,已知在等腰ABCD 中,AD=x ,BC=y,梯形高为h (1)用含x 、y 、h 的关系式表示周长C (2)(AD=8,BC=12,BD=10
2,求证∠DCA+∠BAC=90°
解:(1)C
=x y ++(2)作DE ∥AE ,交BC 延长线于点E ,则
BD=AC=DE==BC+CE =BC+AD =20, 从而有222BD DE BE +=, 由勾股定理得到∠BDE =90°。 此外,由DE ∥AE 得到∠DCA=∠CDE,由△ABC ≌△DCB 得到∠BAC=∠CDB, 所以∠DCA+∠BAC=∠CDE+∠CDB=90°
18、如图,过原点的直线l 1:y=3x ,l 2:y=12
x 。点P 从原点O 出发沿x 轴正方向以每秒1个单位长度的速度运动。直线PQ 交y 轴正半轴于点Q ,且分别交l 1、l 2于点A 、B 。设点P 的运动时间为t 秒时,直线PQ 的解析式为y=―x+t 。△AOB 的面积为S l (如图①)。以AB 为对角线作正方形ACBD ,其面积为S 2(如图②)(1)求S l 关于t 的函数解析式; (2)求S 2关于t
的函数解析式;
解:由方程组3y x y x t
=??
=-+?解得A 点的坐标是(3,44t t
);
由方程组12
y x
y x t
?
=???=-+?解得B 点的坐标是(2,33t t ); (1)22
1
11152242324
POQ QOA POB t t S S S S t t t t ???=--=-?-?=
(2)12
=, (第17题图)
从而得到正方形ACBD 的边长是
5
sin 451212
t t ??=, 所以22
2
525()12144
S t t ==。
19、如图,菱形OABC 边长为4cm ,∠AOC=60度,动点P 从O 出发,以每秒1cm 的速度沿O —A —B 运动,点P 出发2秒后,动点Q 从O 出发,在OA 上以每秒1cm 的速度,在AB 上以每秒2cm 的速度沿O —A —B 运动,过P 、Q 两点分别作对角线AC 的平行线,设P 点运动的时间为x 秒,这两条平行线在菱形上截出的图形(阴影部分)的周长为y cm,请回答下问题。
(1)当x=3时,y 是多少?
(2)求y 与x 的关系式, ,并画出此函数的图象.。(注意取值范围)
分析:(1)当x=3时,可得所截图形为等腰梯形,然后可得PQ=EF ,FQ=OQ=OF=1,PE=OP=OE=3,可
求出y 值.
(2)根据题意可分四种情况进行分析①当0≤x≤2时,y=3OP ,即y=3x ; ②当2≤x≤4时,y=3PO-QO=3x-?(x-2)=2x+2;
③当4≤x≤6时,y=2(OA+AP )-QO+BP=2x-(x-2)+(8-x )=10;
④当6≤x≤8时,AQ=2[(x-2)-4]=2x-12,y=3[(AB-AQ )]-PB=3[4-(2x-12)]-(8-x )=-5x+40.
解答:
(1)当x=3时,所截图形为等腰梯形,PQ=EF=2 FQ=OQ=OF=1,PE=OP=OE=3 故y=2+2+1+3=8 (3分)
(2)根据题意可得①当0≤x≤2时,y=3OP ,即y=3x ; ②当2≤x≤4时,y=3PO-QO=3x-?(x-2)=2x+2;
③当4≤x≤6时,y=2(OA+AP )-QO+BP=2x-(x-2)+(8-x )=10;
④当6≤x≤8时,AQ=2[(x-2)-4]=2x-12,y=3[(AB-AQ )]-PB=3[4-(2x-12)]-(8-x )=-5x+40.
y 与x 的关系式是此函数的图象是(图象是一分段函数图象)
20. 已知(1)A m -,
与(2B m +,是反比例函数k y x
=
图象上的两个点.
(1)求k 、m 的值;
(2)若点(10)C -,,
则在反比例函数k
y x
=图象上是否存在点D ,使得以A B C D ,,,四点为顶点的四边形为梯形?
若存在,求出点D 的坐标;若不存在,请说明理由. 解;答案与方法如下,过程略 (1)
k=
m=- (2)存在,直线AB
C 与直线AB 平行的直线方程是
1)x -,与反比例函数
联立成方程组解得
x=-2,y=或者
x=1,y=D 的坐标是(
2,
1,。
21直线10-=x y 与x 轴、y 轴分别交于A 、B 两点,点P 从B 点出发,沿线段BA 匀速运动至A 点停止;同时点Q 从
原点O 出发,沿x 轴正方向匀速运动 (如图1),且在运动过程中始终保持PO =PQ ,设OQ =x . (1)试用x 的代数式表示BP 的长.
(2)过点O 、Q 向直线AB 作垂线,垂足分别为C 、D (如图2),求证:PC =AD .
(3)在(2)的条件下,以点P 、O 、Q 、D 为顶点的四边形面积为S ,试求S 与x 的函数关系式,并写出自变量x 的范围.
解:(1)
BP=
2x = (2
)因为10PC
BC BP =-==
()(102)22
AD OA OQ x =-?
=-?=,
x
x
,
所以AD=PC
(3)
11
()
22 PCO CDQO
S S S PC OC QD OC CD
=+=??++??
1
()
2
QD AD
=++??
其中PC=QD=AD设都等于t,则由(2)知
t=,
所以
2222
11
]25525
2222
S t t x x
=+-?=-++=-++
22。(本题满分8分)(1)如右图,点O是线段AD的中点,分别以AO和
DO为边在线段AD的同侧作等边三角形OAB和等边三角形OCD,连
结AC和BD,相交于点E,连结BC.求∠AEB的大小;
解: ∵∠AEB是△DEA的外角即∠AEB=∠EDA+∠EAD
∵OC=OD,OA=OB, ∠COA=∠BOD,∴△COA≌△BOD (SAS),∴∠CAO=∠DBO
∴∠AEB=∠EDA+∠DBO
又∵∠BOA是△BDO的外角
即∠BOA=∠EDA+∠DBO
∴∠AEB=∠EDA+∠DBO=∠BOA
∴∠AEB=60°
(2)如下图,ΔOAB固定不动,保持ΔOCD的形状和大小不变,将ΔOCD绕着点O旋转(ΔOAB和ΔOCD不能重叠),求∠AEB的大小.
解:方法类似于(1),故略去解法。
B
O
D
C
E
图8