2015-2016学年四川省资阳市高二(上)期末数学试卷(文科)
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知圆C:(x﹣2)2+(y+1)2=4,则圆C的圆心和半径分别为()
A.(2,1),4 B.(2,﹣1),2 C.(﹣2,1),2 D.(﹣2,﹣1),2
2.当m∈N*,命题“若m>0,则方程x2+x﹣m=0有实根”的逆否命题是()
A.若方程x2+x﹣m=0有实根,则m>0
B.若方程x2+x﹣m=0有实根,则m≤0
C.若方程x2+x﹣m=0没有实根,则m>0
D.若方程x2+x﹣m=0没有实根,则m≤0
3.已知命题p:?x>0,x3>0,那么¬p是()
A.?x>0,x3≤0 B.
C.?x<0,x3≤0 D.
4.已知一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()
A.4πB.3πC.2πD.π
5.已知变量x与y正相关,且由观测数据算得样本平均数=3,=3.5,则由该观测数据算得的线性回归方程可能是()
A.=0.4x+2.3 B.=2x﹣2.4 C.=﹣2x+9.5 D.=﹣0.3x+4.4
6.执行如图所示的程序框图,若输入x为13,则输出y的值为()
A.10 B.5 C.4 D.2
7.在区间[0,3]上随机地取一个实数x,则事件“1≤2x﹣1≤3”发生的概率为()A.B.C.D.
8.在班级的演讲比赛中,将甲、乙两名同学的得分情况制成如图所示的茎叶图.记甲、乙两名同学所得分数的平均分分别为甲、乙,则下列判断正确的是()
A.甲<乙,甲比乙成绩稳定B.甲>乙,甲比乙成绩稳定
C.甲<乙,乙比甲成绩稳定D.甲>乙,乙比甲成绩稳定
9.设m,n是空间两条直线,α,β是空间两个平面,则下列选项中不正确的是()
A.当n⊥α时,“n⊥β”是“α∥β”成立的充要条件
B.当m?α时,“m⊥β”是“α⊥β”的充分不必要条件
C.当m?α时,“n∥α”是“m∥n”必要不充分条件
D.当m?α时,“n⊥α”是“m⊥n”的充分不必要条件
10.已知表面积为24π的球体,其内接正四棱柱(底面是正方形,侧棱垂直于底面)的高为4,则这个正四棱柱的侧面积为()
A.32 B.36 C.48 D.64
11.已知命题p:函数f(x)=x2﹣2mx+4在[2,+∞)上单调递增;命题q:关于x的不等式mx2+2(m﹣2)x+1>0对任意x∈R恒成立.若p∨q为真命题,p∧q为假命题,则实数m的取值范围为()A.(1,4)B.[﹣2,4]C.(﹣∞,1]∪(2,4)D.(﹣∞,1)∪(2,4)
12.如图,在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,给出以下结论:
①AC1⊥平面A1BD;
②直线AC1与平面A1BD的交点为△A1BD的外心;
③若点P在△A1BD所在平面上运动,则三棱锥P﹣B1CD1的体积为定值.
其中,正确结论的个数是()
A.0个B.1个C.2个D.3个
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.根据如图所示的算法语句,当输入的x为50时,输出的y的值为.
14.某校高一年级有900名学生,其中女生400名,按男女比例用分层抽样的方法,从该年级学生中抽取一个容量为45的样本,则应抽取的男生人数为.
15.袋中有形状、大小都相同的4只球,其中2只红球,2只黄球,从中一次随机摸出2只球,则这2只球颜色不同的概率为.
16.若直线y=x+b与曲线y=3﹣有公共点,则b的取值范围是.
三、解答题:本大题共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.已知命题p:x2﹣8x﹣20≤0,q:1﹣m≤x≤1+m(m>0),若p是q的充分不必要条件,求实数m 的取值范围.
18.已知圆C过点A(1,4),B(3,2),且圆心在x轴上,求圆C的方程.
19.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧棱AA1⊥底面ABC,底面ABC等边三角形,E,F分别是BC,CC1的中点.求证:
(Ⅰ)EF∥平面A1BC1;
(Ⅱ)平面AEF⊥平面BCC1B1.
20.某校高中一年级组织学生参加了环保知识竞赛,并抽取了20名学生的成绩进行分析,如图是这20名学生竞赛成绩(单位:分)的频率分布直方图,其分组为[100,110),[110,120),…,[130,140),[140,150].
(Ⅰ)求图中a的值及成绩分别落在[100,110)与[110,120)中的学生人数;
(Ⅱ)学校决定从成绩在[100,120)的学生中任选2名进行座谈,求此2人的成绩都在[110,120)中的概率.
21.如图,在直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠BAD=,AB=BC=AD=a,E是AD的中点,O
是AC与BE的交点.将△ABE沿BE折起到如图2中△A1BE的位置,得到四棱锥A1﹣BCDE.
(Ⅰ)证明:CD⊥平面A1OC;
(Ⅱ)当平面A1BE⊥平面BCDE时,四棱锥A1﹣BCDE的体积为36,求a的值.
22.已知直线x+y+1=0被圆O:x2+y2=r2(r>0)所截得的弦长为.
(Ⅰ)求圆O的方程;
(Ⅱ)如图,圆O分别交x轴正、负半轴于点A,B,交y轴正半轴于点C,过点C的直线l交圆O于另一不同点D(点D与点A,B不重合),且与x轴相交于点P,直线AD与BC相交于点Q,
求的值.
2015-2016学年四川省资阳市高二(上)期末数学试卷(文科)
参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知圆C:(x﹣2)2+(y+1)2=4,则圆C的圆心和半径分别为()
A.(2,1),4 B.(2,﹣1),2 C.(﹣2,1),2 D.(﹣2,﹣1),2
【考点】圆的标准方程.
【专题】计算题;规律型;函数思想;直线与圆.
【分析】利用圆的标准方程,直接写出圆心与半径即可.
【解答】解:圆C:(x﹣2)2+(y+1)2=4,则圆C的圆心和半径分别为:(2,﹣1),2.
故选:B.
【点评】本题考查圆的标准方程的应用,是基础题.
2.当m∈N*,命题“若m>0,则方程x2+x﹣m=0有实根”的逆否命题是()
A.若方程x2+x﹣m=0有实根,则m>0
B.若方程x2+x﹣m=0有实根,则m≤0
C.若方程x2+x﹣m=0没有实根,则m>0
D.若方程x2+x﹣m=0没有实根,则m≤0
【考点】四种命题间的逆否关系.
【专题】简易逻辑.
【分析】直接利用逆否命题的定义写出结果判断选项即可.
【解答】解:由逆否命题的定义可知:当m∈N*,命题“若m>0,则方程x2+x﹣m=0有实根”的逆否命题是:若方程x2+x﹣m=0没有实根,则m≤0.
故选:D.
【点评】本题考查四种命题的逆否关系,考查基本知识的应用.
3.已知命题p:?x>0,x3>0,那么¬p是()
A.?x>0,x3≤0 B.
C.?x<0,x3≤0 D.
【考点】命题的否定.
【专题】计算题;规律型;简易逻辑.
【分析】利用全称命题的否定是特称命题,写出结果即可.
【解答】解:因为全称命题的否定是特称命题,所以,命题p:?x>0,x3>0,那么¬p是
.
故选:D.
【点评】本题考查命题的否定,特称命题与全称命题的否定关系,是基础题.
4.已知一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()
A.4πB.3πC.2πD.π
【考点】由三视图求面积、体积.
【专题】计算题;空间位置关系与距离.
【分析】由几何体的三视图得到几何体,然后求体积.
【解答】解:由已知得到几何体是底面直径为2,高为2的圆柱,所以体积为π×12×2=2π;
故选C.
【点评】本题考查了几何体的三视图以及体积的计算;关键是由三视图正确还原几何体.
5.已知变量x与y正相关,且由观测数据算得样本平均数=3,=3.5,则由该观测数据算得的线性回归方程可能是()
A.=0.4x+2.3 B.=2x﹣2.4 C.=﹣2x+9.5 D.=﹣0.3x+4.4
【考点】线性回归方程.
【专题】计算题;概率与统计.
【分析】变量x与y正相关,可以排除C,D;样本平均数代入可求这组样本数据的回归直线方程.【解答】解:∵变量x与y正相关,
∴可以排除C,D;
样本平均数=3,=3.5,代入A符合,B不符合,
故选:A.
【点评】本题考查数据的回归直线方程,利用回归直线方程恒过样本中心点是关键.
6.执行如图所示的程序框图,若输入x为13,则输出y的值为()
A.10 B.5 C.4 D.2
【考点】程序框图.
【专题】计算题;图表型;分析法;算法和程序框图.
【分析】模拟执行程序框图,循环体为“直到型”循环结构,按照循环结构进行运算,即可求出满足题意时的y.
【解答】解:模拟执行程序框图,可得
x=13,
x=10,满足条件x≥0,x=7
满足条件x≥0,x=4
满足条件x≥0,x=1
满足条件x≥0,x=﹣2
不满足条件x≥0,y=5
输出y的值为5.
故选:B.
【点评】本题为程序框图题,考查对循环结构的理解和认识,按照循环结构运算后得出结果,属于基础题.
7.在区间[0,3]上随机地取一个实数x,则事件“1≤2x﹣1≤3”发生的概率为()A.B.C.D.
【考点】几何概型.
【专题】计算题;对应思想;转化法;概率与统计.
【分析】首先求出事件“1≤2x﹣1≤3”发生对应的区间长度,利用几何概型公式解答.
【解答】解:在区间[0,3]上随机地取一个实数x,则事件“1≤2x﹣1≤3”发生,即1≤x≤2,区间长度为1,
由几何概型公式得到事件“1≤2x﹣1≤3”发生的概率为;
故选:B.
【点评】本题考查了几何概型的概率求法;几何概型的概率求法关键是明确事件的测度,利用公式解答.
8.在班级的演讲比赛中,将甲、乙两名同学的得分情况制成如图所示的茎叶图.记甲、乙两名同学所得分数的平均分分别为甲、乙,则下列判断正确的是()
A.甲<乙,甲比乙成绩稳定B.甲>乙,甲比乙成绩稳定
C.甲<乙,乙比甲成绩稳定D.甲>乙,乙比甲成绩稳定
【考点】众数、中位数、平均数.
【专题】计算题;转化思想;综合法;概率与统计.
【分析】由茎叶图知分别求出两组数据的平均数和方差,由此能求出结果.
【解答】解:由茎叶图知:
=(76+77+88+90+94)=85,
=[(76﹣85)2+(77﹣85)2+(88﹣85)2+(90﹣85)2+(94﹣85)2]=52,
=(75+86+88+88+93)=86,
=[(75﹣86)2+(86﹣86)2+(88﹣86)2+(88﹣86)2+(93﹣86)2]=35.6,
∴甲<乙,乙比甲成绩稳定.
故选:C.
【点评】本题考查茎叶图、平均数、方差的应用,是基础题,解题时要认真审题,注意茎叶图性质的合理运用.
9.设m,n是空间两条直线,α,β是空间两个平面,则下列选项中不正确的是()
A.当n⊥α时,“n⊥β”是“α∥β”成立的充要条件
B.当m?α时,“m⊥β”是“α⊥β”的充分不必要条件
C.当m?α时,“n∥α”是“m∥n”必要不充分条件
D.当m?α时,“n⊥α”是“m⊥n”的充分不必要条件
【考点】平面的基本性质及推论.
【专题】计算题.
【分析】当n⊥α时,“n⊥β”?“α∥β”;当m?α时,“m⊥β”?“α⊥β”,但是“α⊥β”推不出“m⊥β”;当m?α时,“n∥α”?“m∥n或m与n异面”,“m∥n”?“n∥α或n?α”;当m?α时,“n⊥α”?“m⊥n”,但“m⊥n”推不出“n⊥α”.
【解答】解:当n⊥α时,“n⊥β”?“α∥β”,故A正确;
当m?α时,“m⊥β”?“α⊥β”,但是“α⊥β”推不出“m⊥β”,故B正确;
当m?α时,“n∥α”?“m∥n或m与n异面”,“m∥n”?“n∥α或n?α”,故C不正确;
当m?α时,“n⊥α”?“m⊥n”,但“m⊥n”推不出“n⊥α”,故D正确.
故选C
【点评】本题考生查平面的基本性质和推论,是基础题.解题时要认真审题,仔细解答.
10.已知表面积为24π的球体,其内接正四棱柱(底面是正方形,侧棱垂直于底面)的高为4,则这个正四棱柱的侧面积为()
A.32 B.36 C.48 D.64
【考点】棱柱、棱锥、棱台的侧面积和表面积.
【专题】计算题;转化思想;综合法;空间位置关系与距离.
【分析】先由球的表面积求出球的半径,由此能求出其内接正四棱柱的底面边长,从而能求出这个正四棱柱的侧面积.
【解答】解:设表面积为24π的球体的半径为R,则4πR2=24π,解得R=,
∵其内接正四棱柱(底面是正方形,侧棱垂直于底面)的高为4,
设这个正四棱柱的底面边长为a,
∴=2,解得a=2,
∴这个正四棱柱的侧面积S=4×2×4=32.
故选:A.
【点评】本题考查正四棱柱的侧面积的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意球的性质的合理运用.
11.已知命题p:函数f(x)=x2﹣2mx+4在[2,+∞)上单调递增;命题q:关于x的不等式mx2+2(m﹣2)x+1>0对任意x∈R恒成立.若p∨q为真命题,p∧q为假命题,则实数m的取值范围为()A.(1,4)B.[﹣2,4]C.(﹣∞,1]∪(2,4)D.(﹣∞,1)∪(2,4)
【考点】复合命题的真假.
【专题】计算题;分类讨论;判别式法;简易逻辑.
【分析】根据二次函数的单调性,以及一元二次不等式的解的情况和判别式△的关系即可求出命题p,q为真命题时m的取值范围.根据p∨q为真命题,p∧q为假命题得到p真q假或p假q真,求出这两种情况下m的范围求并集即可.
【解答】解:若命题p为真,∵函数f(x)的对称轴为x=m,∴m≤2;
若命题q为真,当m=0时原不等式为﹣4x+1>0,该不等式的解集不为R,即这种情况不存在;
当m≠0时,则有,
解得1<m<4;
又∵P∨q为真,P∧q为假,∴P与q一真一假;
若P真q假,则,
解得m≤1;
若P假q真,则,解得2<m<4;
综上所述,m的取值范围是m≤1或2<m<4.
故选:C.
【点评】本题主要考查了复合函数真假的判断,二次函数图象和性质,一元二次不等式的解法,是基础题.
12.如图,在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,给出以下结论:
①AC1⊥平面A1BD;
②直线AC1与平面A1BD的交点为△A1BD的外心;
③若点P在△A1BD所在平面上运动,则三棱锥P﹣B1CD1的体积为定值.
其中,正确结论的个数是()
A.0个B.1个C.2个D.3个
【考点】命题的真假判断与应用.
【专题】演绎法;空间位置关系与距离;简易逻辑.
【分析】①根据线面垂直的判定定理进行证明.
②判断三棱锥C1﹣A1BD是正三棱锥即可.
③根据面面平行的判定定理证明平面B1CD1∥平面A1BD即可.
【解答】解:①,在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,
∵CC1⊥上底面ABCD,
∴CC1⊥BD,
又ABCD为正方形,
∴AC⊥BD,
AC∩CC1=C,
∴BD⊥面ACC1,
∴AC1⊥BD,
同理得到AC1⊥A1B,
又A1B∩BD=B,
∴AC1⊥平面A1BD,①正确;
②在正方体中,A1B=A1D=BD,
则△A1BD为正三角形,
同时三棱锥C1﹣A1BD是正三棱锥,
则C1在面A1BD的射影为△A1BD的外心;
∵AC1⊥平面A1BD;
∴直线AC1与平面A1BD的交点为△A1BD的外心.故②正确,
③∵B1C∥A1D,CD1∥A1B,且B1C∩CD1=C,
∴平面B1CD1∥平面A1BD,
即点P到平面的B1CD1距离为定值,
∴若点P在△A1BD所在平面上运动,则三棱锥P﹣B1CD1的体积为定值.故③正确,
故3个命题都正确,
故选:D
【点评】本题主要考查命题的真假判断,根据空间直线和平面平行或垂直的判定定理是解决本题的关键.考查学生的推理能力.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.根据如图所示的算法语句,当输入的x为50时,输出的y的值为35.
【考点】伪代码.
【专题】计算题;图表型;分析法;算法和程序框图.
【分析】算法的功能是求y=的值,当输入x=50时,计算输出y的值.
【解答】解:由算法语句知:算法的功能是求y=的值,
当输入x=50时,
输出y=30+0.5×10=35.
故答案为:35.
【点评】本题考查了选择结构的算法语句,根据语句判断算法的功能是关键,属于基础题.
14.某校高一年级有900名学生,其中女生400名,按男女比例用分层抽样的方法,从该年级学生中抽取一个容量为45的样本,则应抽取的男生人数为25.
【考点】分层抽样方法.
【专题】计算题;概率与统计.
【分析】根据分层抽样的定义求出在各层中的抽样比,即样本容量比上总体容量,按此比例求出应抽取的男生人数.
【解答】解:根据题意得,用分层抽样在各层中的抽样比为=,
则应抽取的男生人数是500×=25人,
故答案为:25.
【点评】本题的考点是分层抽样方法,根据样本结构和总体结构保持一致,求出抽样比,再求出在各层中抽取的个体数目.
15.袋中有形状、大小都相同的4只球,其中2只红球,2只黄球,从中一次随机摸出2只球,则
这2只球颜色不同的概率为.
【考点】古典概型及其概率计算公式.
【专题】计算题;方程思想;综合法;概率与统计.
【分析】先求出基本事件总数,再求出这2只球颜色不同,包含的基本事件个数,由此能求出这2只球颜色不同的概率.
【解答】解:袋中有形状、大小都相同的4只球,其中2只红球,2只黄球,从中一次随机摸出2只球,
基本事件总数n==6,
这2只球颜色不同,包含的基本事件个数m=C=4,
∴这2只球颜色不同的概率p==.
故答案为:.
【点评】本题考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意等可能事件概率计算公式的合理运用.
16.若直线y=x+b与曲线y=3﹣有公共点,则b的取值范围是[1﹣,3].
【考点】直线与圆的位置关系.
【专题】数形结合;直线与圆.
【分析】曲线即(x﹣2)2+(y﹣3)2=4(1≤y≤3),表示以A(2,3)为圆心,以2为半径的一个半圆,由圆心到直线y=x+b的距离等于半径2,解得b=1+b=1﹣.结合图象可得b的范围.
【解答】解:如图所示:曲线y=3﹣,即(x﹣2)2+(y﹣3)2=4(1≤y≤3,0≤x≤4),表示以A(2,3)为圆心,以2为半径的一个半圆.
由圆心到直线y=x+b的距离等于半径2,可得=2,∴b=1+,或b=1﹣.
结合图象可得1﹣≤b≤3,
故答案为:[1﹣,3].
【点评】本题主要考查直线和圆的位置关系,点到直线的距离公式,体现了数形结合的数学思想,属于中档题.
三、解答题:本大题共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.已知命题p:x2﹣8x﹣20≤0,q:1﹣m≤x≤1+m(m>0),若p是q的充分不必要条件,求实数m 的取值范围.
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【专题】计算题;转化思想;不等式的解法及应用;简易逻辑.
【分析】由p:x2﹣8x﹣20≤0,由于p是q的充分不必要条件,可得[﹣2,10]?[1﹣m,1+m].解出即可得出.
【解答】解:由p:x2﹣8x﹣20≤0,得﹣2≤x≤10,
∵p是q的充分不必要条件,
∴[﹣2,10]?[1﹣m,1+m].
则,或,
解得m≥9.
故实数m的取值范围为[9,+∞).
【点评】本题考查了不等式的解法及其性质、充要条件的判定,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
18.已知圆C过点A(1,4),B(3,2),且圆心在x轴上,求圆C的方程.
【考点】圆的标准方程.
【专题】计算题;转化思想;综合法;直线与圆.
【分析】法一:设圆C:(x﹣a)2+y2=r2,利用待定系数法能求出圆C的方程.
法二:设圆C:x2+y2+Dx+F=0,利用待定系数法能求出圆C的方程.
法三:由已知圆心C必在线段AB的垂直平分线l上,AB的中点为(2,3),由此能求出圆心C的坐标和半径,从而能求出圆C的方程.
【解答】解法一:设圆C:(x﹣a)2+y2=r2,(1分)
则(7分)
解得所以圆C的方程为(x+1)2+y2=20.(12分)
解法二:设圆C:x2+y2+Dx+F=0,(1分)
则(7分)
解得所以圆C的方程为x2+y2+2x﹣19=0.(12分)
解法三:因为圆C过两点A(1,4),B(3,2),所以圆心C必在线段AB的垂直平分线l上,
又因为,所以k l=1,又AB的中点为(2,3),
故AB的垂直平分线l的方程为y﹣3=x﹣2,即y=x+1.
又圆心C在x轴上,所以圆心C的坐标为(﹣1,0),(6分)
所以半径,
所以圆C的方程为(x+1)2+y2=20.(12分)
【点评】本题考查圆的方程的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意圆的性质的合理运用.
19.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧棱AA1⊥底面ABC,底面ABC等边三角形,E,F分别是BC,CC1的中点.求证:
(Ⅰ)EF∥平面A1BC1;
(Ⅱ)平面AEF⊥平面BCC1B1.
【考点】平面与平面垂直的判定;直线与平面平行的判定.
【专题】证明题;转化思想;综合法;空间位置关系与距离.
【分析】(Ⅰ)由三角形中位线定理得EF∥BC1,由此能证明EF∥平面A1BC1.
(Ⅱ)由三棱柱ABC﹣A1B1C1是直三棱柱,得AE⊥BB1,由正三角形性质得AE⊥BC,由此能证明平面AEF⊥平面BCC1B1.
【解答】证明:(Ⅰ)因为E,F分别是BC,CC1的中点,
所以EF∥BC1.
又因为BC1?平面A1BC1,EF?平面A1BC1,
所以EF∥平面A1BC1.(6分)
(Ⅱ)因为三棱柱ABC﹣A1B1C1是直三棱柱,
所以BB1⊥平面ABC.又AE?平面ABC,
所以AE⊥BB1.
又因为△ABC为正三角形,E为BC的中点,
所以AE⊥BC.
又BB1∩BC=B,所以AE⊥平面BCC1B1.
又AE?平面AEF,所以平面AEF⊥平面BCC1B1.(12分)
【点评】本题考查线面平行的证明,考查面面垂直的证明,是中档题,解题时要认真审题,注意空间思维能力的培养.
20.某校高中一年级组织学生参加了环保知识竞赛,并抽取了20名学生的成绩进行分析,如图是这20名学生竞赛成绩(单位:分)的频率分布直方图,其分组为[100,110),[110,120),…,[130,140),[140,150].
(Ⅰ)求图中a的值及成绩分别落在[100,110)与[110,120)中的学生人数;
(Ⅱ)学校决定从成绩在[100,120)的学生中任选2名进行座谈,求此2人的成绩都在[110,120)中的概率.
【考点】古典概型及其概率计算公式;频率分布直方图.
【专题】计算题;转化思想;综合法;概率与统计.
【分析】(Ⅰ)根据频率分布直方图知组距为10,由频率分布直方图中小矩形面积之和为1,求出a,由此能求出成绩分别落在[100,110)与[110,120)中的学生人数.
(Ⅱ)记成绩落在[100,110)中的2人为A1,A2,成绩落在[110,120)中的3人为B1,B2,B3,由此利用列举法能求出此2人的成绩都在[110,120)中的概率.
【解答】解:(Ⅰ)根据频率分布直方图知组距为10,
由(2a+3a+7a+6a+2a)×10=1,
解得;(2分)
所以成绩落在[100,110)中的人数为2×0.005×10×20=2;(4分)
成绩落在[110,120)中的人数为3×0.005×10×20=3.(6分)
(Ⅱ)记成绩落在[100,110)中的2人为A1,A2,
成绩落在[110,120)中的3人为B1,B2,B3,
则从成绩在[100,120)的学生中任选2人的基本事件共有10个:
{A1,A2},{A1,B1},{A1,B2},{A1,B3},{A2,B1},{A2,B2},{A2,B3},{B1,B2},{B1,B3},{B2,B3},
其中2人的成绩都在[110,120)中的基本事件有3个:
{B1,B2},{B1,B3},{B2,B3},
所以所求概率为.(12分)
【点评】本题考查频率分布直方图的应用,考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意列举法的合理运用.
21.如图,在直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠BAD=,AB=BC=AD=a,E是AD的中点,O 是AC与BE的交点.将△ABE沿BE折起到如图2中△A1BE的位置,得到四棱锥A1﹣BCDE.
(Ⅰ)证明:CD⊥平面A1OC;
(Ⅱ)当平面A1BE⊥平面BCDE时,四棱锥A1﹣BCDE的体积为36,求a的值.
【考点】平面与平面垂直的性质;直线与平面垂直的判定.
【专题】空间位置关系与距离.
【分析】(I)运用E是AD的中点,判断得出BE⊥AC,BE⊥面A1OC,考虑CD∥DE,即可判断CD⊥面A1OC.
(II)运用好折叠之前,之后的图形得出A1O是四棱锥A1﹣BCDE的高,平行四边形BCDE的面积S=BC?AB=a2,运用体积公式求解即可得出a的值.
【解答】解:
(I)在图1中,
因为AB=BC==a,E是AD的中点,
∠BAD=,
所以BE⊥AC,
即在图2中,BE⊥A1O,BE⊥OC,
从而BE⊥面A1OC,
由CD∥BE,
所以CD⊥面A1OC,
(II)即A1O是四棱锥A1﹣BCDE的高,
根据图1得出A1O=AB=a,
∴平行四边形BCDE的面积S=BC?AB=a2,
V==a=a3,
由a=a3=36,得出a=6.
【点评】本题考查了平面立体转化的问题,运用好折叠之前,之后的图形,对于空间直线平面的位置关系的定理要很熟练.
22.已知直线x+y+1=0被圆O:x2+y2=r2(r>0)所截得的弦长为.
(Ⅰ)求圆O的方程;
(Ⅱ)如图,圆O分别交x轴正、负半轴于点A,B,交y轴正半轴于点C,过点C的直线l交圆O于另一不同点D(点D与点A,B不重合),且与x轴相交于点P,直线AD与BC相交于点Q,
求的值.
【考点】曲线与方程.
【专题】数形结合;转化思想;平面向量及应用;直线与圆.
【分析】(I)利用点到直线的距离公式、弦长公式即可得出;
(II)如图,可知A(1,0),B(﹣1,0),C(0,1),可得BC的方程.当l的斜率不存在时,AD∥BC,舍去.因此直线l的斜率存在,设为k(k≠0),直线l的方程为y=kx+1,可得.与圆的方程联立解得D的坐标,可得AD的方程,联立解出Q的坐标即可得出.
【解答】解:(Ⅰ)圆心O到直线x+y+1=0的距离,
由,解得r=1.
∴圆O的方程为x2+y2=1.
(Ⅱ)如图,可知A(1,0),B(﹣1,0),C(0,1),
∴BC的方程为x﹣y+1=0.
当l的斜率不存在时,AD∥BC,与题意不符,则直线l的斜率存在,设为k(k≠0),
直线l的方程为y=kx+1,可得.
由消去y,整理得(1+k2)x2+2kx=0,
解得x=0或,
∴D的纵坐标为.
∴AD的方程为,
整理得,联立,解得,即Q(﹣k,k+1).∴.
【点评】本题考查了直线与圆相交问题、直线相交问题、点到直线的距离公式、弦长公式、斜率计算公式、向量数量积运算性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.