所以(ab +1)-(a +b )=(a -1)(b -1)>0.
故ab +1>a +b .
3.(2017·石家庄模拟)已知函数f (x )=|x |+|x -1|.
(1)若f (x )≥|m -1|恒成立,求实数m 的最大值M ;
(2)在(1)成立的条件下,正实数a ,b 满足a 2+b 2=M ,证明:a +b ≥2ab .
[解] (1)∵f (x )=|x |+|x -1|≥|x -(x -1)|=1,
当且仅当0≤x ≤1时取等号,
∴f (x )=|x |+|x -1|的最小值为1.
要使f (x )≥|m -1|恒成立,只需|m -1|≤1,
∴0≤m ≤2,则m 的最大值M =2.
(2)证明:由(1)知,a 2+b 2=2,
由a 2+b 2≥2ab ,知ab ≤1.①
又a +b ≥2ab ,则(a +b )ab ≥2ab .
由①知,ab ≤1.
故a +b ≥2ab .
4.已知a ,b ,c ∈R ,且2a +2b +c =8,求(a -1)2+(b +2)2+(c -3)2的最小值.
[解] 由柯西不等式得
(4+4+1)×[(a -1)2+(b +2)2+(c -3)2]≥[2(a -1)+2(b +2)+c -3]2, ∴9[(a -1)2+(b +2)2+(c -3)2]≥(2a +2b +c -1)2.
∵2a +2b +c =8,
∴(a -1)2+(b +2)2+(c -3)2≥499,
当且仅当a -12=b +22=c -3时等号成立,
∴(a -1)2+(b +2)2+(c -3)2的最小值是499.
5.已知函数f (x )=k -|x -3|,k ∈R ,且f (x +3)≥0的解集为[-1,1].
(1)求k 的值;
(2)若a ,b ,c 是正实数,且1ka +12kb +13kc =1.
求证:a +2b +3c ≥9.
[解] (1)因为f (x )=k -|x -3|,
所以f (x +3)≥0等价于|x |≤k ,
由|x |≤k 有解,得k ≥0,且解集为[-k ,k ].
因为f (x +3)≥0的解集为[-1,1].
因此k =1.
(2)证明:由(1)知1a +12b +13c =1,因为a ,b ,c 为正实数.
所以a +2b +3c =(a +2b +3c )? ??
??1a +12b +13c =3+? ????a 2b +2b a +? ????a 3c +3c a +? ??
??2b 3c +3c 2b ≥3+2a 2b ·2b
a +2a 3c ·3c
a +22
b 3
c ·3c
2b =9.
当且仅当a =2b =3c 时等号成立.
因此a +2b +3c ≥9.
6.(2018·福州质检)已知函数f (x )=|x +1|.
(1)求不等式f (x )<|2x +1|-1的解集M ;
(2)设a ,b ∈M ,证明:f (ab )>f (a )-f (-b ).
【导学号:79140401】
[解] (1)①当x ≤-1时,原不等式可化为-x -1<-2x -2,解得x <-1;
②当-1<x <-12时,原不等式可化为x +1<-2x -2,解得x <-1,此时
原不等式无解;
③当x ≥-12时,原不等式可化为x +1<2x ,解得x >1.
综上,M ={x |x <-1或x >1}.
(2)证明:因为f (a )-f (-b )=|a +1|-|-b +1|≤|a +1-(-b +1)|=|a +b |,
所以,要证f(ab)>f(a)-f(-b),只需证|ab+1|>|a+b|,
即证|ab+1|2>|a+b|2,
即证a2b2+2ab+1>a2+2ab+b2,
即证a2b2-a2-b2+1>0,即证(a2-1)(b2-1)>0.
因为a,b∈M,所以a2>1,b2>1,所以(a2-1)(b2-1)>0成立,所以原不等式成立.