一、第五章抛体运动易错题培优(难)
1.如图所示,半径为R的半球形碗竖直固定,直径AB水平,一质量为m
的小球(可视为质点)由直径AB上的某点以初速度v0水平抛出,小球落进碗内与内壁碰撞,碰撞时速度大小为2gR,结果小球刚好能回到抛出点,设碰撞过程中不损失机械能,重力加速度为g,则初速度v0大小应为()
A.gR B.2gR C.3gR D.2gR
【答案】C
【解析】
小球欲回到抛出点,与弧面的碰撞必须是垂直弧面的碰撞,即速度方向沿弧AB的半径方向.设碰撞点和O的连线与水平夹角α,抛出点和碰撞点连线与水平夹角为β,如图,则由2
1
sin
2
y gt Rα
==,得
2sin
R
t
g
α
=,竖直方向的分速度为
2sin
y
v gt gRα
==,水平方向的分速度为
22
(2)(2sin)42sin
v gR gR gR gR
αα
=-=-,又
00
tan y
v gt
v v
α==,而2
00
1
2
tan
2
gt gt
v t v
β==,所以tan2tan
αβ
=,物体沿水平方向的位移为2cos
x Rα
=,又0
x v t
=,联立以上的方程可得
3
v gR
=,C正确.
2.如图,光滑斜面的倾角为θ=45°,斜面足够长,在斜面上A点向斜上方抛出一小球,初速度方向与水平方向夹角为α,小球与斜面垂直碰撞于D点,不计空气阻力;若小球与斜面碰撞后返回A点,碰撞时间极短,且碰撞前后能量无损失,重力加速度g取10m/s2。则可以求出的物理量是()
A .α的值
B .小球的初速度v 0
C .小球在空中运动时间
D .小球初动能 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】
设初速度v 0与竖直方向夹角β,则β=90°?α(1);
由A 点斜抛至至最高点时,设水平位移为x 1,竖直位移为y 1,由最高点至碰撞点D 的平抛过程Ⅱ中水平位移为x 2,竖直位移y 2。A 点抛出时:
0sin x v v β=(2)
10cos y v v β=(3)
21
12y v y g
=
(4)
小球垂直打到斜面时,碰撞无能力损失,设竖直方向速度v y2,则水平方向速度保持
0sin x v v β=不变,斜面倾角θ=45°,
20tan 45sin y x x v v v v β===(5)
2
222y y y g
=
(6)
()
222012cos sin 2v y y y g
ββ-?=-=
(7),
平抛运动中,速度的偏向角正切值等于位移偏向角的正切值的二倍,所以:
()111111
tan 90222tan y x v y x v ββ
==-=(8) 由(8)变形化解:
2
011cos sin 2tan v x y g
ββ
β==(9)
同理,Ⅱ中水平位移为:
22022sin 2tan 45v x y g
β
==(10)
()
2012sin sin cos v x x x g
βββ+=+=
总(11) =tan45y
x ?总
故
=y x ?总
即
2sin sin cos βββ-=-(12)
由此得
1
tan 3
β=
19090arctan 3
αβ=-=-
故可求得α的值,其他选项无法求出; 故选:A 。
3.不可伸长的轻绳通过定滑轮,两端分别与甲、乙两物体连接,两物体分别套在水平、竖直杆上。控制乙物体以v =2m/s 的速度由C 点匀速向下运动到D 点,同时甲由A 点向右运动到B 点,四个位置绳子与杆的夹角分别如图所示,绳子一直绷直。已知sin37°=0.6,cos37°=0.8。则下列说法正确的是( )
A .甲在A 点的速度为2m/s
B .甲在A 点的速度为2.5m/s
C .甲由A 点向B 点运动的过程,速度逐渐增大
D .甲由A 点向B 点运动的过程,速度先增大后减小 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】
AB .将甲的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向,如图所示,拉绳子的速度等于甲沿绳子方向的分速度,设该速度为v 绳,
根据平行四边形定则得,B 点的实际速度
cos53B v v =
?
绳
同理,D 点的速度分解可得
cos37D v v =?绳
联立解得
cos53cos37B D v v ?=?
那么,同理则有
cos37cos53A C v v ?=?
由于控制乙物体以2m s v =的速度由C 点匀速向下运动到D 点,因此甲在A 点的速度为
1.5m s A v =,AB 错误;
CD .设甲与悬点连线与水平夹角为α,乙与悬点连线与竖直夹角为β,由上分析可得
cos cos A C v v αβ=
在乙下降过程中,α角在逐渐增大,β角在逐渐减小,则有甲的速度在增大,C 正确,D 错误。 故选C 。
4.如图所示,在坡度一定的斜面顶点以大小相同的初速v 同时水平向左与水平向右抛出两个小球A 和B ,两侧斜坡的倾角分别为30°和60°,小球均落在坡面上,若不计空气阻力,则A 和B 两小球的运动时间之比为( )
A .1:1
B .1:2
C .1:3
D .1:4
【答案】C 【解析】 【分析】
【详解】
A球在空中做平抛运动,落在斜面上时,有
2
1
2
tan30
2
A A
A A
gt
y gt
x vt v
?===
解得
2tan30
A
v
t
g
?
=
同理对B有
2tan60
B
v
t
g
?
=
由此解得
:tan30:tan601:3
A B
t t=??=
故选C。
5.如图所示,一根长木杆ab两端分别固定在水平地面和竖直墙壁aO上,已知杆与水平地面之间的夹角为θ=53°,a点到地面的距离为12m。从竖直墙壁上距地面8m的c点以水平速度v0射出一颗小石子,小石子运动的轨迹恰好与ab杆相切(重力加速度g取
10m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6),则小石子射出时的水平初速度为()
A.10m/s B.5C
3
5
2
D
3
10
2
m/s
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
将速度和重力都分解到垂直于杆的方向和沿着杆的方向,如图所示
在垂直于杆的运动方向上
10
sin0.8
v v v
θ
==
在垂直于杆的方向的加速度
1
cos0.6
g g g
θ
==
由题可知,减速到零时的,恰好与杆相碰,则
2
1
1
cos
2
v
ac
g
θ=
整理得
35m/s
v=
故选B。
6.如图所示,从倾角θ=37°的斜面上方P点,以初速度v0水平抛出一个小球,小球以10m/s的速度垂直撞击到斜面上,过P点作一条竖直线,交斜面于Q点,则P、Q间的距离为(sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=10m/s2)()
A.5.4m B.6.8m C.6m D.7.2m
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
设小球垂直撞击到斜面上的速度为v,竖直速度为v y,由几何关系得
sin37
cos37y
v
v
v
v
?=
?=
解得
sin376m/s
cos378m/s
y
v v
v v
=?=
=?=
设小球下落的时间为t,竖直位移为y,水平位移为x,由运动学规律得,竖直分速度
y
gt
=
v
解得
t=0.8s
竖直方向
2
1
2
y gt
=
水平方向
x v t
=
设P、Q间的距离为h,由几何关系得
tan37
h y x
=+?
解得
h=6.8m
选项B正确,ACD错误。
故选B。
7.如图所示,ACB是一个半径为R的半圆柱面的横截面,直径AB水平,C为截面上的最低点,AC间有一斜面,从A点以大小不同的初速度v1、v2沿AB方向水平抛出两个小球,a和b,分别落在斜面AC和圆弧面CB上,不计空气阻力,下列判断正确的是()
A.初速度v1可能大于v2
B.a球的飞行时间可能比b球长
C.若v2大小合适,可使b球垂直撞击到圆弧面CB上
D.a球接触斜面前的瞬间,速度与水平方向的夹角为45°
【答案】B
【解析】
【分析】 【详解】
A 、两个小球都做平抛运动,水平方向做匀速直线运动,由x =v 0t 得知t 相同时,水平位移越大,对应的初速度越大,则知初速度v 1一定小于v 2.故A 错误.
B 、竖直方向上做自由落体运动,由212
h gt =
,得2h t g =,若a 球下落的高度大于b 球的
高度,则a 球的飞行时间比b 球长;故B 正确.
C 、根据平抛运动的推论:平抛运动瞬时速度的反向延长线交水平位移的中点,作出b 球垂直撞击到圆弧面CB 上速度的反向延长线,与AB 的交点一定在O 点的左侧,速度的反向延长线不可能通过O 点,所以b 球不可能与CB 面垂直,即b 球不可能垂直撞击到圆弧面CB 上,故C 错误.
D 、由几何知识得知AC 面的倾角为45°,运用与C 项同样的分析方法:作出a 球接触斜面前的瞬间速度反向延长线,可知此瞬时速度与水平方向的夹角大于45°.故D 错误. 故选B.
8.一艘小船在静水中的速度为 3 m/s ,渡过一条宽 150 m ,水流速度为 4 m/s 的河流,则该 小船( ) A .能到达正对岸 B .渡河的时间可能少于 50 s
C .以最短位移渡河时,位移大小为 200 m
D .以最短时间渡河时,沿水流方向的位移大小为 240 m 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】
A .因为船在静水中的速度小于河水的流速,由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸,小船不可能垂直河岸正达对岸,选项A 错误;
B .船以最短时间渡河时,渡河时间
150
s=50s 3
d t v =
=船
所以渡河的时间不可能少于50 s,选项B错误;
D.以最短时间渡河时,沿河岸的位移
min
450m200m
x v t
==?=
水
即到对岸时被冲下200m,选项D错误;
C.因为船在静水中的速度小于河水的流速,由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸,小船不可能垂直河岸正达对岸。所以最短位移时船的速度与合速度的方向垂直,设合速度与河岸之间的夹角θ,有
3
sin
4
v
v
θ船
水
==
设对应的最短位移为s,则
sin
d
s
θ=
所以
150
m200m
3
sin
4
d
s
θ
===
选项C正确。
故选C。
9.如图所示,不计所有接触面之间的摩擦,斜面固定,两物体质量分别为1
m和
2
m,且12
m m
<.若将质量为
2
m的物体从位置A由静止释放,当落到位置B时,质量为
2
m的物体的速度为2v,且绳子与竖直方向的夹角为θ,则这时质量为1m的物体的速度大小1v等于()
A.
2
sin
vθB.2
sin
v
θ
C.
2
cos
vθD.2
cos
v
θ
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】
当m2落到位置B时将其速度分解,作出速度分解图,则有
v绳=v2cosθ
其中v绳是绳子的速度等于m1上升的速度大小v1.则有v1=v2cosθ
故选C.
【点睛】
当m2落到位置B时将其速度分解,作出速度分解图,由平行四边形定则求出m1的速度大小v1.
10.甲、乙两船在静水中航行的速度分别为v甲、v乙,两船从同一渡口向河对岸划去。已知甲船以最短时间过河,乙船以最短航程过河,结果两船抵达对岸的地点恰好相同,则甲、乙两船渡河所用时间之比为()
A.
v
v
甲
乙
B.
v
v
乙
甲
C.
2
v
v
??
?
??
甲
乙
D.
2
v
v
??
?
??
乙
甲
【答案】D
【解析】
【详解】
如图所示,当v甲与河岸垂直时,甲渡河时间最短,合速度偏向下游,到达对岸下游某点。乙船应斜向上游,才有最短航程,因两船抵达对岸的地点恰好相同,所以乙船不是垂直河岸过河,最短航程时v v
⊥
乙乙合
。
由x vt
=知,t与v成反比,所以有
2
sin
sin
sin
v
v
t
v
t v
θ
θ
θ
===
水
甲乙合
水
乙甲合
由图可看出tan cos
v v
v v
θθ
==
水乙
甲水
,,代入上式得
2
t v
t v
??
= ?
??
甲乙
乙甲
故D项正确,ABC错误。
11.如图所示,斜面倾角为37
θ=°,小球从斜面顶端P 点以初速度0v 水平抛出,刚好落在斜面中点处。现将小球以初速度02v 水平抛出,不计空气阻力,小球下落后均不弹起,
sin370.6?=,cos370.8?=,重力加速度为g ,则小球两次在空中运动过程中( )
A .时间之比为1:2
B .时间之比为1:2
C .水平位移之比为1:4
D .当初速度为0v 时,小球在空中离斜面的最远距离为20
940v g
【答案】BD 【解析】 【详解】
AB.设小球的初速度为v 0时,落在斜面上时所用时间为t ,斜面长度为L 。小球落在斜面上时有:
200
122gt
gt tan v t v θ==
解得:
02v tan t g
θ
?=
设落点距斜面顶端距离为S ,则有
220002v t v tan S v cos gcos θθθ
==∝
若两次小球均落在斜面上,落点距斜面顶端距离之比为1:4,则第二次落在距斜面顶端4L 处,大于斜面的长度,可知以2v 0水平拋出时小球落在水平面上。
两次下落高度之比1:2,根据2
12
h gt =
得: 2 h t g
=
所以时间之比为1:2,选项A 错误,B 正确; C.根据0x v t =得水平位移之比为:
12010122122x x v t v t =?=::():
选项C 错误;
D.当小球的速度方向与斜面平行时,小球到斜面的距离最大。即在小球距离斜面最远时,垂直于斜面方向的速度等于0。
建立沿斜面和垂直于斜面的平面直角坐标系,将初速度v0和重力加速度g 进行分解,垂直于斜面的最远距离
22
00()92cos 40v sin v H g g
θθ==
选项D 正确。 故选BD 。
12.如图(a ),在跳台滑雪比赛中,运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离.某运动员先后两次从同一跳台起跳,每次都从离开跳台开始计时,用v 表示他在竖直方向的速度,其v-t 图像如图(b )所示,t 1和t 2是他落在倾斜雪道上的时刻.则
A .第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小
B .第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大
C .第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大
D .竖直方向速度大小为v 1时,第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】
A .由v -t 图面积易知第二次面积大于等于第一次面积,故第二次竖直方向下落距离大于第一次下落距离,所以,A 错误;
B .由于第二次竖直方向下落距离大,由于位移方向不变,故第二次水平方向位移大,故B 正确
C .由于v -t 斜率知第一次大、第二次小,斜率越大,加速度越大,或由0
v v a t
-= 易知a 1>a 2,故C 错误
D .由图像斜率,速度为v 1时,第一次图像陡峭,第二次图像相对平缓,故a 1>a 2,由G -f y =ma ,可知,f y 1 13.一两岸平行的河流宽为200m ,水流速度为5m/s ,在一次抗洪抢险战斗中,武警战士驾船把受灾群众送到河对岸的安全地方。船相对静水的速度为4m/s 。则下列说法正确的是( ) A .该船不能垂直过河 B .该船能够垂直过河 C .渡河的位移可能为200m D .渡河的位移可能为260m 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】 AB .由于船相对静水的速度小于水流速度,故船不能垂直过河,选项A 正确,B 错误; CD .要使小船过河的位移最短,当合速度的方向与船在静水中的速度相垂直时,渡河的最 短位移,那么根据v d s v 船 水 =解得最短位移为 5 200m 250m 4 v s d v ==?=水 船 故位移是200m 是不可能的,位移是260m 是可能的。选项C 错误,D 正确。 故选AD 。 14.如图所示,在水平地面上固定一倾角为θ的光滑斜面,在斜面底端将一物块以初速度 1v 沿斜面上滑,同时在斜面底端正上方高h 处以初速度2v 水平抛出一小球,已知当物块的 速度最小时,小球与物块恰在斜面中点相撞,忽略空气阻力,那么下列说法正确的有( ) A .物块与小球相遇的时间 t = B .物块初速度1v = C .小球初速度 2v = D .斜面的水平长度2sin 21sin L h θ θ =?+ 【答案】ABD 【解析】 【分析】 【详解】 设物块在斜面上运动的距离为s ,由牛顿第二定律得 sin mg ma θ= 由运动学方程得 212221sin 2cos v as h s gt s v t θθ?=? ? -=?? =?? 又因为 2cos s L θ=? 联立解得 t = 1v = 2v =2 sin 21sin L h θ θ = ?+ 故ABD 正确,C 错误。 故选ABD 。 15.如图所示,半圆形轨道半径为R ,AB 为水平直径.一个小球从A 点以不同初速度0v 水平抛出.不计空气阻力,则下列判断正确的是( ) A .想使小球落到轨道上时的竖直分速度最大,小球应该落在轨道的最低点 B .虽然小球初速度不同,小球落到轨道上时的速度方向和水平方向之间的夹角都相同 C .若初速度0v 取值适当,可以使小球垂直撞击半圆轨道 D .无论 0v 取何值,小球都不可能垂直撞击半圆轨道 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】 A .想使小球落到轨道上时的竖直分速度最大,则根据2v gh =可知小球应该落在轨道的最低点,故A 正确; B .小球落在圆弧面上不同点时,结合圆弧可知位移的偏向角tan = y x θ会随着落点的不同而发生变化,根据平抛运动的推论可知速度偏向角tan 2tan αθ=,所以小球落到轨道上时的速度方向和水平方向之间的夹角不相同,故B 错误; CD .根据平抛运动的推论:速度反向延长线过水平位移的中点,若小球垂直落在圆弧面上,则速度方向延长线过圆心,违背了速度反向延长线过水平位移的中点,所以无论 0v 取何值,小球都不可能垂直撞击半圆轨道,故D 正确;C 错误;