现代通信原理_曹志刚_答案(很重要)
通信原理作业参考答案
第三章 模拟线性调制
3.7证明只要适当选择题图3.7中的放大器增益K ,不用滤波器即可实现抑制载波双边带调制。
解:
t
t Af b aK t A t f b aK t A t f b t A t f aK t A t f b t A t f K a t S c c c c c c DSB ωωωωωωcos )(2)(]cos )()[(]cos )([]cos )([]cos )([)]cos )(([)(222222
222
2?+++-=--+=--+=
令 02=-b aK ,则a b K /2=
t t bAf t S c DSB ωcos )(4)(=
3.13 用ο90相移的两个正交载波可以实现正交复用,即两个载波可分别传输带宽相等的两个独立的基带信号)(1t f 和)(2t f ,而只占用一条信道。试证明无失真恢复基带信号的必要条件是:信道传递函数)(f H 必须满足
W f f f H f f H c c ≤≤-=+0),
()(
证明:)(]sin )([)(]cos )([)(21t h t t f t h t t f t S c c *+*=ωω
)]}()([)()(){(2
1
)(2211c c c c F F j F F H S ωωωωωωωωωω--++++-=
以t t C c d ωcos )(=相干解调,输出为
)(*)()(t C t S t S d p =
)]}()2([)2()(){(4
1
)]}2()([)()2(){(41
)]
()([21
)(22112211ωωωωωωωωωωωωωωωωωωωωωF F j F F H F F j F F H S S S c c c c c c c c p -++++++--++--=++-= 选择适当滤波器,滤掉上式中c ωω2±项,则
)]()()[(4
)]()()[(41)(21c c c c d H H F j
H H F S ωωωωωωωωωωω+--+++-=
要无失真恢复基带信号,必须
??
?=++-+=-常数)()()
()(c c c c H H H H ωωωωωωωω 此时可恢复)(1t f 。
对于)(2t f ,使用t t C c d ωsin )(=相干解调,可以无失真地恢复)(2t f ,用样须满足
)()(c c H H ωωωω+=-
3.29 双边带抑制载波调制和单边带调制中若消息信号均为kHz 3限带低频信号,载频为MHz 1,接收信号功率为mW 1,加性白色高斯噪声双边功率谱密度为
Hz W /103μ-。接收信号经带通滤波器后,进行相干解调。
(1) 比较解调器输入信噪比; (2) 比较解调器输出信噪比; 解:kHz W 3=, mW S i 1=,
Hz W n /102
30
μ-= (1)W B n N DSB DSB i 636301012103210102)(---?=?????==
B W
mW N S DSB i i d 2.193.83101216即=?=?
??? ??-
()W W n N SSB i 6363010610310102---?=????==
dB N S SSB
i
i 2.227.166********即=??=???? ??--
所以 DSB
i i SSB i
i
N S N
S ???? ??>???? ?? (2)dB N S N S DSB
i i DSB 2.22200=???? ??=???? ?? dB N S N S SSB
i i SSB 2.220
0=???? ??=???? ?? 所以SSB
DSB N S N
S ???? ??=???? ??000
即在相同输入信号功率、0n 、相同调制信号带宽下SSB
DSB N S N
S ???? ??=???? ??000
。
第四章 模拟角调制
4.8 已知受kHz 1正弦信号调制的角调制信号为
)cos 25cos(100)(t t t S m c ωω+=
(1) 若为调频波,问m ω增加为5倍时的调频指数及带宽; (2) 若为调相波,问m ω减小为1/5时的调相指数及带宽; 解:(1)rad A K m m FM FM 25/==ωβ
rad A K m m FM FM 5)5/('==ωβ
kHz F BW FM FM 605)15(2)1(2''=?+?=?+=β (2) rad A K PM
m PM PM 25'
===ββ
kHz BW PM 4.105
1
)125(2=?+?=
4.12已知窄带调相信号为
t t t t S c m PM c ωωβωsin cos cos )(-=
若用相干载波)cos(θω+t c 相乘后再经过一个低通滤波器,问: (1) 能否实现正确解调? (2) 最佳解调时θ应为何值? 解: (1)
()()()t t t t t t t t t S t S m PM c m PM c c m PM c c p ωθβθθωωβθωθθωωβθθωθωcos sin 2
1
cos 21)]2sin(cos )2[cos(21]sin )2[sin(cos 21
]cos )2[cos(21)
cos()()(+++-+=-+-++=+?= 经低通滤波器后 ()t t S m PM ωθβθcos sin 2
1
cos 21)(0+=
能实现正确解调。 (2)2
π
θ=
4.19 题图4.19表示一种频率解调器,输入调频波通过一个对载频c f 产生
2/π相移的延时线。设调频波为
)]2sin(2cos[)(t f t f A t S m FM c c πβπ+=
试分析该解调器工作原理(当调频指数1 题图 4.19 解:令t f t f m FM c πβπα2sin 2+= t f T f m FM m πβπβ2cos 2= )(t S 经过延时线输出)(T t S - )]}(2sin[)(2cos{)(T t f T t f A T t S m FM c c -+-=-πβπ t f T f t f T f t f T f t f T t f m m m m m m m m ππππππππ2cos )2(2sin 2sin 2cos 2cos 2sin )](2sin[-≈-=- 由题意可得) 注:(2 2) sin()] 2cos 22(sin 2 2cos[)]} (2sin[)(2cos{)(π πβαπππβπ ππβπ= -=-+-≈-+-=-T f A t f T f t f t f A T t f T t f A T t S c c m m m FM c c m FM c c )cos()2 cos 2(sin 2sin 1cos arctan )cos(sin 22cos sin cos )sin 1()] sin([cos )()(θαβ β β βθθαββααββαα++=+=++=-+=--=--c c c c c A A A A A T t S t S 其中 1 cos ≈β ,2 2 sin β β ≈ )cos()12 ( 2)()(θαβ ++≈--c A T t S t S 包络检波,滤去直流分量后 )2cos(2 2 )(0t f A t S m c πβ∝≈ 该电路可实现频率解调。 4.24设信道引入的加性白噪声双边功率谱密度为Hz W n /102 5.02/140-?=,路径衰耗为dB 100,输入调制信号为kHz 10单频正弦。若要求解调输出信噪比为 dB 40,求下列情况发送端最小载波功率。 (1) 常规调幅,包络检波,707.0=AM β; (2) 调频,鉴频器解调,最大频偏kHz f 10=?; (3) 调相,最大相偏ο180=?θ; (4) 单边带调幅,相干解调。 解(1)2 1= AM β 4.02 121121 2 1121222 202=?+=+= +=AM AM m m AM A A A G ββ i i AM N S N S G //00=, 4400105.24 .010//?===AM i i G N S N S 1031401010102105.0--=????==AM i B n N W W N N S S i i i i 6105.2)/(-?=?= W S S i T 410105.210?=?= (2)窄带调频 kHz f B m FM 202== [ ]322113)()(3//2max 22 max 0 0=???=??? ? ?? ????? ? ???==m FM m i i FM f B t f t f E f f N S N S G 4103 1 /?=i i N S 1031401010201025.02--=????==FM i B n N W W S i 3.333310103 1 1010410=???=- (3) 此题意不明确 (4) 40010//==N S N S i i 104140105.010105.0--?=??==SSB i B n N W ()W N N S S i i i i 6104105.0105.010/--?=??=?= W S S i T 500010105.01010610=??==- 第五章 脉冲编码调制 5.2 已知信号)200cos()20cos(10)(t t t S ππ=,抽样频率Hz f s 250=。求 (1)抽样信号)(t S δ的频谱; (2)要求无失真恢复)(t S ,试求出对)(t S δ采用的低通滤波器的截止频率。 (3)无失真恢复)(t S 情况下的最低抽样频率?=s f 解:(1) )180cos(5)220cos(5)200cos()20cos(10)(t t t t t S ππππ+== )]180()180()220()220([5)(πωδπωδπωδπωδπω-+++-++=S ∑-=?? ????∑-* =∞-∞=∞ -∞=n s s n s s n S T n T S S )(1)(2)(21)(ωωωωδπωπωδ )] 500180()500180()500220()500220([1250ππωδππωδππωδππωδπn n n n n --+-++∑--+-+=∞ -∞ = (2)Hz f H 110= 要求无失真恢复)(t S ,对)(t S δ采用的低通滤波器的截止频率为 Hz 110。 (3))(t S 可视为带通信号 Hz f H 110=,Hz f L 90=,Hz f f B L H 2090110=-=-= B B f H 5.05+=,5=N ,5.0=M Hz N M B f s 44)5 5.01(202)1(2=+??=+ = 5.3 12路载波电话信号占有频率范围为kHz 10860-,求出其最低抽样频率 ?min =s f ,并画出理想抽样后的信号频谱。 解: kHz f H 108=,kHz f L 60=,L L H f kHz f f B <=-=48 B B f H 25.02+=,2=N ,25.0=M kHz N M B f s 108)2 25.01(482)1(2=+??=+= 5.9 已知模拟信号抽样值的概率密度)(x p 如题图5.9所示,量化器是四电平的均 匀量化器。求输入信号与量化噪声功率比SNR 。 题图 5.9 解: ?? ?? ? ≤≤-+≤≤-=0 1,110, 1)(x x x x x p 6 1 )1(2)(1 22= -==? ?∞∞ -dx x x dx x p x S , 1=V 5.04 2 == ? 48 11222=?=q σ dB S SNR q 98 48 1612即===σ 5.10 正弦信号线性编码时,如果信号动态范围为dB 40,要求在整个动态范围内 信噪比不低于dB 30,问最少需要几位编码。 解:满足一定量化信噪比要求时输入信号的取值范围定义为动态范围。 对正弦信号线性编码有:n D SNR 02.6lg 2077.4++= 满载时V A m =,2/1=D 由题意得:dB D dB 01.32 1lg 20lg 204001.3-=≤≤-- 37.113076.102.63002.677.44001.3==>? ?? ≥+≥++--n n n 由上面计算可知,如果信号动态范围为dB 40,并要求在整个动态范围内 dB SNR 30≥,则正弦线性编码最少要12位。 5.13 正弦信号输入时,若信号幅度不超过A 律压缩特性的直线段,求信噪比 SNR 的表达式。 解:?????? ?<<++≤ ≤+=11 ,ln 1ln 11 0,ln 1)(x A A Ax A x A Ax x f A 律压缩特性 由题意可知:A A x f ln 1)('+= 假定输入信号的概率密度函数为)(x p ,量化电平数为L ,L 2 =?,则量化噪音为: [] ?? ?+=?+=??? ??+= ? = -A A V q A L A dx x p A L A dx x p A A L dx x p x f /102 22 2222 /10 2 2 ' 2 23)ln 1()(23)ln 1()(ln 132)() (6 σ 假定正弦信号的幅度为x ,则 2 2 2222222) 1(ln 23)ln 1(321+=+?==A x A L A A L x S SNR q σ 5.14 若13折线A 律编码器的过载电平V=5V ,输入抽样脉冲幅度为-0.9375V 。设最小量化间隔为2个单位,最大量化器的分层电平为4096个单位。 (1) 求输出编码器的码组,并计算量化误差。 (2) 求对应该码组的线性码(带极性的13位码) 解:先将输入信号归一化:1875.05/9375.0-=- V ?=1124096, 2=?V 个单位 V ?-=-3841875.0 87654 321 M M M M M M M M 极性码 段落码 段内码 极性码 0384-V 01=M (1) 段落码 V V ?>?128384 12=M V V ?512384 03=M V V ?>?256384 14=M (3) 段内码 V V V ??+?=?168256384 那么 15=M 06=M 07=M 08=M 所以输出编码器的码组为01011000 5.17 已知输入信号概率密度在()max max ,x x -范围内是均匀分布的。均匀量化器电平R L 2=,量化器过载电平OL x 定义为?=-12R OL x ,其中?是量化间隔。求证: (1)3/2max 2x x =σ; (2)若OL x x ≤max ,则)3/(22 2L x OL q =σ; (3)若OL x x >max ,则??? ????????? ??-+???? ??=3max 2max 2 2 2 113OL OL OL q x x L x x L x σ。 (4)设16=L ,画出2 210/log 10q x SNR σσ=与OL x x /max 的关系图。 解:输入信号的概率密度函数为 max 21 )(x x p = ,量化间隔L x OL 2=? (1)3 21 )(2 max max 2 2 2 max max max max x dx x x dx x p x x x x x x = ?==??--σ (2) OL x x ≤max ,即量化器不会过载,于是有1=∑R p 22 212 2312121L x p OL L R R q =?=?=∑=σ (3) 不过载时量化噪声: ()max 22 max 2 2 21 3212121)(121x x L x dx x L x dx x p OL OL x x OL x x R q OL OL OL OL ?=?? ?? ??=?=??--σ 过载时噪声: ()max 3max max 22 01 )(31212 max x x x dx x x x OL x x OL q OL ? -=? -=? σ 总的量化噪声: ??? ????????? ??-+???? ??=?-+?=+=3max 2max 22max max 3max max 2221 2021131)(313OL OL OL OL OL q q q x x L x x L x x x x x x L x σσσ (4) 不过载时 2 max 222 ??? ? ??==OL q x x x L SNR σσ, 16=L []OL OL dB x x x x L SNR max max lg 2024lg 20lg 20+=+= []OL dB x x SNR max lg 20~成线性关系。 过载时 ?? ????-+???? ??==3max 223 max 22 )1(1OL OL q x x x L L x x SNR σσ []])1(2561lg[10)lg( 30lg 203max max -+-+=OL OL dB x x x x L SNR OL x max lg 20 5.18求A 率PCM 的最大量化间隔max ?与最小量化间隔min ?的比值。 解:A 率PCM 的最大量化间隔max ?与最小量化间隔min ?分别为64?和?,它们 分别位于第8段和第1段(或第2段)。64/min max =??。 第七章 增量调制 7.3 已知输入语音信号中含最高音频分量kHz f H 4.3=,幅度为1V 。若 kHz f s 32=,则增量调制量化器的量阶?=? 解:kHz f H 4.3=, V A 1max =, kHz f s 32= 668.0)1032/(104.321/33max =????==?πωs f A V 7.4已知M ?调制系统中低通滤波器的截止频率为300—3400Hz ,求在不过载条件下,该M ?系统的最大输出信噪比SNR 。假定kHz f s 64,48,32,16,10=,调制信号为1kHz 单频。 解:kHz Hz f kHz f B 1.331003003400,1==-== M ?系统的最大输出信噪比为 14log 10log 20log 30101010max ---≈B s f f f SNR 第九章 数字信号的基带传输 9.2 已知二元信息序列为10011000001100000101,画出它所对应的单极性归零码、AMI 码和HDB3码的波形。