30.化学反应原理
1.(一)以四甲基氯化铵[(CH3)4NCl]水溶液为原料,通过电解法可以
制备四甲基氢氧化铵[(CH3)4NOH],装置如图1所示。
(1)收集到(CH3)4NOH的区域是(填a、b、c或d)。
(2)写出电池总反应。
(二)乙酸乙酯一般通过乙酸和乙醇酯化合成:
CH3COOH(l)+C2H5OH(l)CH3COOC2H5(l)+H2O(l)ΔH=-2.7kJ·mol-1
已知纯物质和相关恒沸混合物的常压沸点如下表:
纯物质沸点/℃恒沸混合物(质量分数)沸点/℃
乙醇78.3乙酸乙酯(0.92)+水(0.08)70.4
乙酸117.9乙酸乙酯(0.69)+乙醇(0.31)71.8
乙酸乙酯77.1乙酸乙酯(0.83)+乙醇(0.08)+水(0.09)70.2
请完成:(1)关于该反应,下列说法不合理
...的是。
A.反应体系中硫酸有催化作用
B.因为化学方程式前后物质的化学计量数之和相等,所以反应的ΔS等于零
C.因为反应的△H接近于零,所以温度变化对平衡转化率的影响大
D.因为反应前后都是液态物质,所以压强变化对化学平衡的影响可忽略不计
(2)一定温度下该反应的平衡常数K=4.0。若按化学方程式中乙酸和乙醇的化学计量数比例投料,则乙酸乙酯的平衡产率y=;若乙酸和乙醇的物质的量之比为n:1,相应
平衡体系中乙酸乙酯的物质的量分数为x,请在图2中绘制x随n变化的
示意图(计算时不计副反应)。
(3)工业上多采用乙酸过量的方法,将合成塔中乙酸、乙醇和硫酸混合液
加热至110℃左右发生酯化反应并回流,直到塔顶温度达到70~71℃,开
始从塔顶出料。控制乙酸过量的作用有。
(4)近年,科学家研究了乙醇催化合成乙酸乙酯的新方法:
2C2H5OH(g)CH3COOC2H5(g)+2H2(g)
在常压下反应,冷凝收集,测得常温下液体收集物中主要产物的质量分数
如图3所示。关于该方法,下列推测合理的是。
A.反应温度不宜超过300℃
B.增大体系压强,有利于提高乙醇平衡转化率
C.在催化剂作用下,乙醛是反应历程中的中间产物
D.提高催化剂的活性和选择性,减少乙醚、乙烯等副产物是工艺的关键
2.(一)十氢萘是具有高储氢密度的氢能载体,经历“十氢萘(C 10H 18)→四氢萘
(C 10H 12)→萘(C 10H 8)”的脱氢过程释放氢气。已知:C 10H 18
(l)
C 10H 12(l)+3H 2(g)△H 1,C 10H 12
(l)
C 10H 8(l)+2H 2(g)△H 2
△H 1>△H 2>0;C 10H 18→C 10H 12的活化能为E a 1,C 10H 12→C 10H 8的活化能为E a 2,十氢萘的常压沸点为192℃;在192℃,液态十氢萘的脱氢反应的平衡转化率约为9%。请回答:(1)有利于提高上述反应平衡转化率的条件是。
A .高温高压
B .低温低压
C .高温低压
D .低温高压
(2)研究表明,将适量十氢萘置于恒容密闭反应器中,升高温度带来高压,该条件下也可显著释氢,理由是
。
(3)温度335℃,在恒容密闭反应器中进行高压液态十氢萘(1.00mol )催化脱氢实验,测得C 10H 12和C 10H 8的产率x 1和x 2(以物质的量分数计)随时间变化关系,如图1所示。
0.10.20.30.4
0.5产时间/h
图1
①在8h 时,反应体系内氢气的量为mol (忽略其他副反应)。
②x 1显著低于x 2的原因是
。
③在图2中绘制“C 10H 18→C 10H 12→C 10H 8”的“能量~反应过程”示意图...
。(二)科学家发现,以H 2O 和N 2为原料,熔融NaOH -KOH 为电解质,纳米Fe 2O 3作催化剂,在250℃和常
压下可实现电化学合成氨。阴极区发生的变化可视为按两步进行,请补充完整。电极反应式:
和2Fe +3H 2O +N 2=2NH 3+Fe 2O 3。
3.以氧化铝为原料,通过碳热还原法可合成氮化铝(AlN );通过电解法可制取铝。电解铝时阳极产生的CO 2可通过二氧化碳甲烷化再利用。请回答:(1)已知:2Al 2O
3
(s)=
4Al(g)+3O 2(g)ΔH 1=3351kJ·molˉ1
2C(s)+O 2(g)=2CO(g)
ΔH 2=-221kJ·molˉ1
2Al(g)+N 2(g)=2AlN(s)
ΔH 3=-318kJ·molˉ1
碳热还原Al 2O 3合成AlN 的总热化学方程式是,该反应自发进行的条件
。
(2)在常压、Ru/TiO 2催化下,CO 2和H 2混和气体(体积比1∶4,总物质的量a mol)进行反应,测得CO 2转
化率、CH 4和CO 选择性随温度变化情况分别如图1和图2所示(选择性:转化的CO 2中生成CH 4或
CO的百分比)。
反应Ⅰ.CO2(g)+4H2(g)4(g)+2H2O(g)ΔH4,反应Ⅱ.CO2(g)+H2(g)+H2O(g)ΔH5
①下列说法不正确
...的是。
A.△H4小于零
B.温度可影响产物的选择性
C.CO2平衡转化率随温度升高先增大后减少
D.其他条件不变,将CO2和H2的初始体积比改变为1∶3,可提高CO2平衡转化率
②350℃时,反应Ⅰ在t
1时刻达到平衡,平衡时容
器体积为V L,该温度下反应Ⅰ的平衡常数为
(用a、V表示)
③350℃下CH4物质的量随时间的变化曲线如图3
所示。画出400℃下0~t1时刻CH4物质的量随时间
的变化曲线。
(3)据文献报道,CO2可以在碱性水溶液中电解生成甲烷,生成甲烷的
电极反应式是。
4.氯及其化合物在生活和生产中应用广泛。
(1)已知:900K时,4HCl(g)+O
2(g)2Cl2(g)+2H2O(g),反应自发。
①该反应是放热还是吸热,判断并说明理由。
②900K时,体积比为4:l的HCl和O2在恒温恒容的密闭容器中发
生反应,HCl的平衡转化率α(HCl)随压强(P)变化曲线如图。保持其他条件不变,升温到T K(假定反应历程不变),请画出压强在1.5×l05~4.5×105Pa范围内,HCl的平衡转化率α(HCl)随压强(P)变化曲线示意图。(2)已知:Cl2(g)+2NaOH(aq)=NaCl(aq)+NaClO(aq)+H2O(l)△H l=-102kJ·molˉ1
3Cl2(g)+6NaOH(aq)=5NaCl(aq)+NaClO3(aq)+3H2O(1)△H2=-422kJ·molˉ1
①写出在溶液中NaClO分解生成NaClO3的热化学方程式:。
②用过量的冷NaOH溶液吸收氯气,制得NaClO溶液(不含NaClO3),此时ClOˉ的浓度为c0mol·Lˉ1;加热时NaClO转化为NaClO3,测得t时刻溶液中ClOˉ浓度为c t mol·Lˉ1,写出该时刻溶液中Clˉ浓度的表达式;c(Clˉ)=mol·L-1(用c0、c t表示)。
③有研究表明,生成NaClO3的反应分两步进行:I.2ClOˉ=ClO2ˉ+ClˉII.ClO2ˉ+ClOˉ=ClO3ˉ+Clˉ常温下,反应II能快速进行,但氯气与NaOH溶液反应很难得到NaClO3,试用碰撞理论解释其原
因:。(3)电解NaClO3水溶液可制备NaClO4。在电解过程中由于阴极上吸附氢气,会使电解电压升高,电解效率
下降。为抑制氢气的产生,可选择合适的物质(不引入杂质),写出该电解的总化学方程式
。
5.氨气及其相关产品是基本化工原料,在化工领域中具有重要的作用。
(1)以Fe为催化剂,0.6mol氮气和1.8mol氢气在恒温、容积恒定为
1L的密闭容器中反应生成氨气,20min后达到平衡,氮气的物质的量为
0.3mol。①在第25min时,保持温度不变,将容器体积迅速增大至2L并
保持恒容,体系达到平衡时N2的总转化率为38.2%。请画出从第25min
起H2的物质的量浓度随时间变化的曲线。
②该反应体系未达到平衡时,催化剂对逆反应速率的影响是
(填增大、减少或不变)。
(2)①N2H4是一种高能燃料,有强还原性,可通过NH3和NaClO反应制得,写出该制备反应的化学方程式
。
②N2H4的水溶液呈弱碱性,室温下其电离常数K1≈1.0×10-6,则0.01mol·L-1N2H4水溶液的pH等于(忽略N2H4的二级电离和H2O的电离)。
③已知298K和101kPa条件下:N2(g)+3H2(g)=2NH3(g)ΔH1,2H2(g)+O2(g)=2H2O(l)ΔH2,
2H2(g)+O2(g)=2H2O(g)ΔH3,4NH3(g)+O2(g)=2N2H4(l)+2H2O(l)ΔH4
则N2H4(l)的标准燃烧热ΔH=。
(3)科学家改进了NO2转化为HNO3的工艺(如虚框所示),在较高的操作压力下,提高N2O4/H2O的质量比和O2的用量,能制备出高浓度的硝酸。
实际操作中,应控制N2O4/H2O质量比高于5.11,对此请给出合理解释
。6.由某精矿石(MCO3·ZCO3)可以制备单质M,制备过程中排放出的二氧化碳可以作为原料制备甲醇,取该矿石样品1.84g,高温灼烧至恒重,得到0.96g仅含两种金属氧化物的固体,其中m(M)︰m(Z)=3︰5,请回答:(1)该矿石的化学式为。
(2)①以该矿石灼烧后的固体产物为原料,真空高温条件下用单质硅还原,仅得到单质M和一种含氧酸盐
(只含Z、Si和O元素,且Z和Si的物质的量之比为2︰1)。写出该反应的化学方程式。
②单质M还可以通过电解熔融MCl2得到。不能用电解MCl2
溶液的方法制备M的理由
是。
(3)一定条件下,由CO2和H2制备甲醇的过程中含有下列反应:
反应1:CO 2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)△H1
反应2:CO(g)+2H
2(g)CH3OH(g)△H2
反应3:CO 2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)△H3
其对应的平衡常数分别为K1、K2、K3,它们随温度变化的曲线如图1所示。则△H2△H3(填“大于”、“小于”或“等于”),理由是。
(4)在温度T1时,使体积比为3︰1的H2和CO2在体积恒定的密闭容器
内进行反应。T1温度下甲醇浓度随时间变化曲线如图2所示;不改
变其他条件,假定t时刻迅速降温到T2,一段时间后体系重新达到
平衡。试在图2中画出t时刻后甲醇浓度随时间变化至平衡的示意
曲线。
7.(1)氮化铝(AlN)是一种人工合成的非氧化物陶瓷材料,可在温度高
于1500℃时,通过碳热还原法制得。实验研究认为,该碳热还原反应分
两步进行:①Al2O3在碳的还原作用下生成铝的气态低价氧化物X(X
中Al与O的质量比为6.75:2);②在碳存在下,X与N2反应生成AlN。
请回答:(1)X的化学式为。
(2)碳热还原制备氮化铝的总反应化学方程式为:Al2O3(s)+3C(s)+
N
2(g)2AlN(s)+3CO(g)
①在温度、容积恒定的反应体系中,CO浓度随时间的变化关系
如下图曲线甲所示。下列说法不正确
...的是。
A.从a、b两点坐标可求得从a到b时间间隔内该化学反应的平均速率
B.c点切线的斜率表示该化学反应在t时刻的瞬时速率
C.在不同时刻都存在关系:v(N2)=3v(CO)
D.维持温度、容积不变,若减少N2的物质的量进行反应,曲线甲将转变为曲线乙
②该反应在高温下自发进行,则随着温度升高,反应物Al2O3的平衡转化率将,(填“增大”、“不变”或“减小”),理由是
。③一定温度下,在压强为p的反应体系中,平衡时N2的转化率为α,CO的物质的量浓度为c;若温度
不变,反应体系的压强减小为0.5p,则N2的平衡转化率将α(填“<”、“=”或“>”),平衡时CO的物质的量浓度。A.小于0.5c B.大于0.5c,小于c C.等于c D.大于c (3)在氮化铝中加入氢氧化钠溶液,加热,吸收产生的氨气,进一步通过酸碱滴定法可以测定氮化铝产品
中氮的含量。写出上述过程中氮化铝与氢氧化钠溶液反应的化学方程式。8.2016杭州G20峰会期间,中美两国共同交存参加《巴黎协定》法律文书,展示了应对全球性问题的雄心和决心。其中燃煤、汽车、工业尾气排放等途径产生的CO、NO x的有效消除成为环保领域的重要课题。请根据题目提供信息回答相关问题。Ⅰ.已知:N2(g)+O2(g)=2NO(g)?H=+180.5kJ·mol-1
2C(s)+O2(g)=2CO(g)?H=-221.0kJ·mol-1C(s)+O2(g)=CO2(g)?H=-393.5kJ·mol-1
(1)汽车尾气转化器中发生的反应为:2NO(g)+2CO(g)N
2(g)+2CO2(g),此反应的?H=;
(2)汽车燃油不完全燃烧时产生CO,有人设想选择合适的催化剂按下列反应除去CO:2CO(g)=2C(s)+O2(g),
则该反应能否自发进行并说明理由:。Ⅱ.已知:用NH3催化还原NO x时包含以下反应。
反应①:4NH 3(g)+6NO(g)5N2(g)+6H2O(l)?H1<0
反应②:4NH 3(g)+6NO2(g)5N2(g)+3O2(g)+6H2O(l)?H2>0
反应③:2NO(g)+O
2(g)2NO2(g)?H3<0
(3)为探究温度及不同催化剂对反应①的影响,分别在不同温度、
不同催化剂下,保持其它初始条件不变重复实验,在相同时间内测得N2浓度变化情况如右图所示。下列说法正确的是。
A.在催化剂甲的作用下反应的平衡常数比催化剂乙时大
B.反应在N点达到平衡,此后N2浓度减小的原因可能是温度升高,平衡向左移动
C.M点后N2浓度减小的原因可能是温度升高发生了副反应
D.M点后N2浓度减小的原因可能是温度升高催化剂活性降低了
(4)右图中虚线为反应③在使用催化剂条件下,起始O2、NO投料比
和NO平衡转化率的关系图。当其他条件完全相同时,用实线画出
不使用催化剂情况下,起始O2、NO投料比和NO平衡转化率的关
系示意图。
(5)由NO2、O2、熔融盐NaNO3组成的燃料电池如下图所示,在使用过程中石墨Ⅰ电极反应生成一种氧化物Y,请写出石墨Ⅱ极的电极反应式:
。
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30.化学反应原理参考答案:
1.(一)(1)d
(2)2(CH3)4NCl+2H2O通电2(CH3)4NOH+H2↑+Cl2↑
(二)(1)BC
(2)0.67(或67%)
(3)提高乙醇转化率;提高反应温度,从而加快反应速率;有利于后续产物分离
(4)ACD
2.(一)(1)C
(2)温度升高,加快反应速率;温度升高使平衡正移的作用大于压强增大使平衡逆移的作用。
(3)①1.95②催化剂显著降低了C10H12→C10H8的活化能,
反应生成的C10H12快速转化为C10H8。
③作图:
(二)Fe2O3+6e-+3H2O=2Fe+6OH-
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3.(1)Al2O3(s)+3C(s)+N2(g)=2AlN(s)+3CO(g)ΔH=1026kJ·mol-1高温
(2)①CD②625V2
a2
③
(3)CO2+6H2O+8e-=CH4+8OH-
4.(1)①放热反应,ΔS<0且反应自发
②
(2)①3NaClO(aq)=2NaCl(aq)+NaClO3(aq)
ΔH=-116kJ·mol-1
②c 0+2(c 0-c t )3(或5c 0-2c t
3
)
③反应Ⅰ的活化能高,
活化分子百分数低,不利于ClO -
向ClO -
3转化(3)2NaClO 3+O 2通电2NaClO 4
5.
(1)
①②增大
(2)
①2NH 3+NaClO =N 2H 4+NaCl +H 2O
②10③32ΔH 2―ΔH 1―1
2
ΔH 4
(3)
2N 2O 4+2H 2O +O 2=4HNO 3,N 2O 4/H 2O 质量比等于5.11时恰好完全反
应;高于5.11是为了提高N 2O 4浓度,有利于平衡正向移动,得到高浓度的硝酸。
6.(1)MgCO 3·CaCO 3
(2)①2MgO +2CaO +Si=====高温
Ca 2SiO 4+2Mg
②电解MgCl 2溶液时,阴极上H +比Mg 2+容易得电子,电极反应式2H 2O +2e -
=H 2↑+2OHˉ,所以不能得
到Mg 单质(3)小于由图1可知,随着温度升高,K 1增大,则ΔH 1>0,根据盖斯定律又得ΔH 3=ΔH 1+ΔH 2,所以
ΔH 2<ΔH 3
(4)
7.(1)Al2O;
(2)①CD;
②增大;该反应在高温下自发,且△S>0,所以△H>0,即正反应为吸热反应,则升高温度,平衡向
正方向移动。
③>;B;
(3)AlN+NaOH+H2O NaAlO2+NH3↑
8.(1)-746.5kJ·molˉ1(2)否;该反应△H>0,△S<0(3)CD
(4)画图实线与虚线重合(5)O2+4eˉ+2N2O5=4NO3ˉ