2019-2020学年重庆八中八年级(上)期末数学试卷
A卷(100分)一、选择题:本大题共10个小题,每小题4分,共40分.在每个小题的下面,都给出了代号为A、B、C、D的四个答案,请将答题卡上对应选项的代号涂黑.
1.(4分)用不等式表示图中的解集,以下选项正确的是()
A.x>1B.x<1C.x≥1D.x≤1
2.(4分)下列图形中,是中心对称图形的是()
A.B.
C.D.
3.(4分)已知实数a,b满足a+1>b+1,则下列选项错误的是()
A.a>b B.﹣a>﹣b C.a+2>b+2D.2a>2b
4.(4分)在平面直角坐标系内,将M(5,2)先向上平移3个单位,再向左平移2个单位,则称动后的点的坐标是()
A.(2,0)B.(3,5)C.(8,4)D.(2,3)
5.(4分)为打造三墩五里塘河河道风光带,现有一段长为180米的河道整治任务,由A、B两个工程小组先后接力完成,A工程小组每天整治12米,B工程小组每天整治8米,共用时20天,设A工程小组整治河道x米,B 工程小组整治河道y米,依题意可列方程组()
A.B.
C.D.
6.(4分)如图,直线y=kx+b(k≠0)与直线y=mx(m≠0)交于点P(﹣1,﹣2),则关于x的不等式kx+b≤mx 的解集为()
A.x≥﹣2B.x≤﹣2C.x≥﹣1D.x≤﹣1
7.(4分)如图,在平面直角坐标系中,点A(3,0),点B(0,2),连结AB,将线段AB绕点A顺时针旋转90°得到线段AC,连接OC,则线段OC的长度为()
A.4B.C.6D.
8.(4分)按如图所示的运算程序,能使输出结果为﹣8的是()
A.x=3,y=4B.x=4,y=3C.x=﹣4,y=2D.x=﹣2,y=4
9.(4分)在△ABC中,∠A,∠B,∠C的对边分别是a,b,c,以下命题是假命题的是()A.若∠B+∠C=∠A,则△ABC是直角三角形
B.若a2=(b+c)(b﹣c),则△ABC是直角三角形
C.若∠A:∠B:∠C=1:2:3,则△ABC是直角三角形
D.若a=32,b=42,c=52,则△ABC是直角三角形
10.(4分)(多选)如图,在同一平面内,将△ABC绕A点逆时针旋转得到△ADE,若AC⊥DE,∠ADB=53°,
以下选项正确的是()
A.∠E=16°B.∠ABD=53°C.∠BAD=90°D.∠EAC=53°
二、填空题(本大题共3小题,每小题4分,共12分,将答案填在答题纸上)
11.(4分)二次根式有意义,则x的取值范围是.
12.(4分)直线v=kx+b(k≠0)与经过点(4,3),且平行于直线y=2x+1,则这条直线的解析式为.13.(4分)如图,在Rt△ABC中,∠B=90°,AB=2,BC=2+,点D在边BC上,将△ACD沿直线AD翻折得到△AED,若DE⊥BC,则CD=.
三、解答题:本大题共5个小题,14题8分,15、16、17、18每小题8分,共48分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
14.(8分)(1)
(2)
15.(10分)如图,在△ABC中,∠A=90°,CD平分∠ACB,交AB于点D,过点D作DE⊥BC于点E.(1)求证:△ACD≌△ECD;
(2)若BE=EC,求∠ADE的度数.
16.(10分)如图,直线y=kx+b与x轴,y轴分别交于点A,点B,点A的坐标为(﹣2,0),且2OA=OB.(1)求直线AB解析式;
(2)如图,将△AOB向右平移6个单位长度,得到△A1O1B1,求线段OB1的长;
(3)求(2)中△AOB扫过的面积.
17.(10分)阅读理解
材料一:已知在平面直角坐标系中有两点M(x1,y1),N(x2,y2),其两点间的距离公式为:MN=
,当两点所在直线在坐标轴上或平行于坐标轴或垂直于坐标轴时,两点间的距离公式可化简为|x2﹣x1|或|y2﹣y1|;
材料二:如图1,点P,Q在直线l的同侧,直线l上找一点H,使得PH+HQ的值最小.解题思路:如图2,作点P关于直线l的对称点P1,连接P1Q交直线l于H,则点P1,Q之间的距离即为PH+HQ的最小值.
请根据以上材料解决下列问题:
(1)已知点A,B在平行于x轴的直线上,点A(2a﹣1,5﹣a)在第二象限的角平分线上,AB=5,求点B的坐标;
(2)如图3,在平面直角坐标系中,点C(0,2),点D(3,5),请在直线y=x上找一点E,使得CE+DE最小,求出CE+DE的最小值及此时点E的坐标.
18.(10分)学校对初2021级甲、乙两班各60名学生进行知识测试,测试完成后分别抽取了12份成绩,整理分析过程如下,请补充完整.
【收集数据】
甲班12名学生测试成绩统计如下:45,59,60,38,57,53,52,58,60,50,43,49
乙班12名学生测试成绩统计如下:35,55,46,39,54,47,43,57,42,59,60,47
【整理数据】
按如下分数段整理,描述这两组样本数据
组别频数35≤x<4040≤x<4545≤x<5050≤x<5555≤x≤60甲01335
乙22314【分析数据】
两组样本数据的平均数、众数、中位数、方差如表所示:
班级平均数众数中位数
甲52x52.5
乙48.747y (1)x=,y=;
(2)若规定得分在40分及以上为合格,请估计乙班60名学生中知识测试合格的学生有多少人?
(3)你认为哪个班的学生知识测试的整体水平较好,请说明一条理由.
B卷(50分)四、选择题:本大题共2小题,每小题4分,共8分.在每个小题的下面,都给出了代号为A,B,C,D的四个答案,请将答题卡上对应选项的代号涂黑.
19.(4分)若关于x,y的方程组的解满足4x+3y=14,则n的值为()A.B.1C.D.﹣1
20.(4分)(多选)在同一条道路上,甲车从A地到B地,乙车从B地到A地,两车同时出发,乙车先到达目的地,图中的折线段表示甲,乙两车之间的距离y(千米)与行驶时间x(小时)的函数关系,下列说法正确的是.A.甲乙两车出发2小时后相遇
B.甲车速度是40千米/小时
C.相遇时乙车距离B地100千米
D.乙车到A地比甲车到B地早小时
五、填空题:本大题共3小题,每小题4分,共12分.请将每小题的答案直接填写在答题卷中对应的横线上. 21.(4分)已知整数a使得不等式组的解集为x>﹣4,且使得一次函数y=(a+5)x+5的图象不经过第四象限,则整数a的值为.
22.(4分)如图,在平面直角坐标系中,将△ABO绕点B顺时针旋转到△A1BO1的位置,使点A的对应点A1落在直线y=x上,再将△A1BO1绕点A1顺时针旋转到△A1B1O2的位置,使点O1的对应点O2落在直线y=x 上,依次进行下去…,若点A的坐标是(0,1),点B的坐标是(,1),则点A8的横坐标是.
23.(4分)如图,在三角形△ABC中,∠A=45°,AB=8,CD为AB边上的高,CD=6,点P为边BC上的一动点,P1,P2分别为点P关于直线AB,AC的对称点,连接P1P2,则线段P1P2长度的取值范围是.
六、解答题:解答时必须给出必要的演算过程和推理步骤.(本大题共3个小题,24题8分,25题10分,26题12分,共30分)
24.(8分)如图1,在平面直角坐标系中,直线y=x+2与x轴,y轴分别交于A,B两点,点P从B点出发,沿射线AB的方向运动,已知C(1,0),点P的横坐标为x,连接OP,PC,记△COP的面积为y1.
(1)求y1关于x的函数关系式及x的取值范围;
(2)在图2所示的平面直角坐标系中画出(1)中所得函数的图象,记其与y轴的交点为D,将该图象绕点D 逆时针旋转90°,画出旋转后的图象;
(3)结合函数图象,直接写出旋转前后的图象与直线y2=﹣x+3的交点坐标.
25.(10分)某文具店计划购进A,B两种笔记本共60本,每本A种笔记本比B种笔记本的利润高3元,销售2本A种笔记本与3本B种笔记本所得利润相同,其中A种笔记本的进货量不超过进货总量的,B种笔记本的进货量不超过30本.
(1)每本A种笔记本与B种笔记本的利润各为多少元?
(2)设购进B种笔记本m本,销售总利润为W元,文具店应如何安排进货才能使得W最大?
(3)实际进货时,B种笔记本进价下降n(3≤n≤5)元.若两种笔记本售价不变,请设计出笔记本销售总利润最大的进货方案.
26.(12分)如图,在△ABC中,∠ABC=60°,点D,E分别为AB,BC上一点,BD=BE,连接DE,DC,AC =CD.
(1)如图1,若AC=3,DE=2,求EC的长;
(2)如图2,连接AE交DC于点F,点M为EC上一点,连接AM交DC于点N,若AE=AM,求证:2DE=MC;
(3)在(2)的条件下,若∠ACB=45°,直接写出线段AD,MC,AC的等量关系.
2019-2020学年重庆八中八年级(上)期末数学试卷
参考答案与试题解析
A卷(100分)一、选择题:本大题共10个小题,每小题4分,共40分.在每个小题的下面,都给出了代号为A、B、C、D的四个答案,请将答题卡上对应选项的代号涂黑.
1.【解答】解:由题意,得x≥1,
故选:C.
2.【解答】解:A、不是中心对称图形,故此选项不合题意;
B、不是中心对称图形,故此选项不合题意;
C、是中心对称图形,故此选项符合题意;
D、不是中心对称图形,故此选项不合题意;
故选:C.
3.【解答】解:由不等式的性质得a>b,a+2>b+2,﹣a<﹣b,2a>2b.
故选:B.
4.【解答】解:把点A(5,2)先向上平移3个单位长度,再向左平移2个单位长度得到点的坐标为(3,5),故选:B.
5.【解答】解:设A工程小组整治河道x米,B工程小组整治河道y米,依题意可得:
,
故选:A.
6.【解答】解:根据图象可得:不等式kx+b≤mx的解集为:x≥﹣1,
故选:C.
7.【解答】解:如图,作CH⊥x轴于H.
∵A(3,0),B(0,2),
∴OA=3,OB=2,
∵∠AOB=∠BAC=∠AHC=90°,
∴∠BAO+∠HAC=90°,∠HAC+∠ACH=90°,
∴∠BAO=∠ACH,
∵AB=AC,
∴△ABO≌△CAH(AAS),
∴AH=OB=2,CH=OA=3,
∴OH=OA+AH=3+2=5,
∴C(5,3),
∴OC===,
故选:D.
8.【解答】解:A.x=3,y=4时,输出的结果为3×3﹣42=﹣7,不符合题意;
B.x=4,y=﹣3时,输出的结果为4×3﹣(﹣3)2=3,不符合题意;
C.x=﹣4,y=2时,输出的结果为3×(﹣4)+22=﹣8,符合题意;
D.x=﹣2,y=4时,输出结果为3×(﹣2)+42=10,不符合题意.
故选:C.
9.【解答】解:A、若∠B+∠C=∠A,则△ABC是直角三角形,是真命题,不合题意;
B、若a2=(b+c)(b﹣c),则△ABC是直角三角形,是真命题,不合题意;
C、若∠A:∠B:∠C=1:2:3,则△ABC是直角三角形,是真命题,不合题意;
D、若a=32=9,b=42=16,c=52=25,92+162≠252,则△ABC不是直角三角形,原命题是假命题,符合题意.
10.【解答】解:∵将△ABC绕A点逆时针旋转到△ADE的位置.∴AB=AD,∠E=∠C,∠BAD=∠EAC,
∵AB=AD,
∴∠ABD=∠ADB=53°,故B选项正确;
∴∠BAD=180°﹣53°﹣53°=74°=∠EAC,故C选项错误,选项D正确;
∵AC⊥DE,
∴∠CAD+∠ADE=90°,
∵∠E=180°﹣∠EAC﹣∠CAD﹣∠EDA,
∴∠E=16°=∠ACB,故A选项正确,
正确选项的是A,B,D.
错误的是C,
故选:C.
二、填空题(本大题共3小题,每小题4分,共12分,将答案填在答题纸上)11.【解答】解:根据题意,得
x﹣3≥0,
解得,x≥3;
故答案为:x≥3.
12.【解答】解:∵直线v=kx+b(k≠0)经过点(4,3),
∴4k+b=3,
∵直线v=kx+b平行于直线y=2x+1,
∴k=2,
∴4×2+b=3,
解得b=﹣5.
所以这条直线的解析式为v=2x﹣5.
故答案为:v=2x﹣5.
13.【解答】解:∵将△ACD沿直线AD翻折得△AED,
∴∠ADC=∠ADE,
∴∠BDE=90°
∴∠ADE=90°+∠ADB=∠ADC,
∴90°+∠ADB=180°﹣∠ADB,
∴∠ADB=45°,且∠ABC=90°,
∴∠ADB=∠BAD=45°,
∴AB=BD=2,
∴CD=BC﹣BD=2+﹣2=,
故答案为:.
三、解答题:本大题共5个小题,14题8分,15、16、17、18每小题8分,共48分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
14.【解答】解:(1),
①×3+②×2,得:13x=65,
解得x=5,
将x=5代入①,得:15﹣2y=11,
解得y=2,
∴;
(2)解不等式5x﹣1>3(x+1),得:x>2,
解不等式x﹣1≤7﹣x,得:x≤4,
则不等式组的解集为2<x≤4.
15.【解答】证明:(1)∵CD平分∠ACB,DE⊥BC,∠A=90°,
∴AD=ED,∠DAC=∠DEC=90°,
∵在Rt△ACD和Rt△ECD中
,
∴Rt△ACD≌Rt△ECD(HL);
(2)解:∵DE⊥BC,BE=CE,
∴∠DBC=∠DCB,
∵△ACD≌△ECD,
∴∠DCB=∠ACD,
∵∠A=90°,
∴∠DBC+∠DCB+∠ACD=90°,
∴3∠DBC=90°,
∴∠DBC=30°,
∴∠BDE=60°,
∴∠ADE=180°﹣60°=120°.
16.【解答】解:(1)∵点A的坐标为(﹣2,0),∴OA=2,
∵OB=2OA=4,
∴B(0,4),
把A(﹣2,0)和B(0,4)代入y=kx+b中得:
,
解得:,
∴直线AB解析式为:y=2x+4;
(2)∵∠AOB=90°,
∴∠AO1B1=90°,
由平移得:OO1=6,O1B1=OB=4,
由勾股定理得:OB1==2,
即线段OB1的长是2;
(3)△AOB扫过的面积=+4×6=28.
17.【解答】解:(1)∵点A(2a﹣1,5﹣a)在第二象限的角平分线上,∴5﹣a=1﹣2a,
∴a=﹣4,
∴A(﹣9,9),
∵点A,B在平行于x轴的直线上,
∴B点的纵坐标为9,
∵AB=5,
∴B(﹣4,9)或B(﹣14,9);
(2)作点C关于y=x的对称点为C'(0,2),
连接C'D与y=x的交点即可所求点E;
∵CE=C'E,
∴CE+DE=C'E+DE=C'D,
∵D(3,5),
∴C'D=,
直线C'D的解析式为y=5x﹣10,
联立:5x﹣10=x,
∴x=,
∴E(,),
∴CE+DE的最小值,此时点E的坐标(,).
18.【解答】解:(1)45,59,60,38,57,53,52,58,60,50,43,49,
众数是x=60,
35,39,42,43,46,47,47,54,55,57,59,60,
中位数是y=47;
(2)60×=50(人).
即乙班60名学生中知识测试合格的学生有50人;
(3)甲班的学生知识测试的整体水平较好,
∵甲班平均数,众数,中位数都比>乙班平均数,众数,中位数,
∴甲班的学生知识测试的整体水平较好.
故答案为:60,47.
B卷(50分)四、选择题:本大题共2小题,每小题4分,共8分.在每个小题的下面,都给出了代号为A,B,C,D的四个答案,请将答题卡上对应选项的代号涂黑.
19.【解答】解:根据已知条件可知:
解方程组,得
把x=2,y=2代入2x+y=2n+5中,得
6=2n+5
解得n=.
故选:A.
20.【解答】解:出发2h后,其距离为零,即两车相遇,故选项A说法正确;
甲的速度是=48(km/h),故选项B说法错误;
乙的速度为:﹣48=72(km/h),72×2=144(km),
即遇时乙车距离B地144千米,故选项C说法错误;
(h),即甲车到B地比乙车到A地早h,故选项D说法正确.
故答案为:AD.
五、填空题:本大题共3小题,每小题4分,共12分.请将每小题的答案直接填写在答题卷中对应的横线上. 21.【解答】解:∵不等式组的解集为x>﹣4,
∴的解集为x>﹣4,
∴a≤﹣4,
∵一次函数y=(a+5)x+5的图象不经过第四象限,
∴a+5>0,
解得:a>﹣5,
∴﹣5<a≤﹣4,
∴整数a的值为:﹣4.
故答案为:﹣4.
22.【解答】解:由题意点A2的横坐标(+1),
点A4的横坐标3(+1),
点A6的横坐标(+1),
点A8的横坐标6(+1).
故答案为6+6.
23.【解答】解:如图,连接AP1,AP,AP2,作AH⊥BC于H.
∵P1,P2分别为点P关于直线AB,AC的对称点,
∴AP=AP1=AP2,∠P AB=∠BAP1,∠P AC=∠CAP2,
∵∠BAC=45°,
∴∠P1AP2是等腰直角三角形,
∴P1P2=AP2=P A.
∵CD⊥AB,
∴∠ADC=90°,∠DAC=∠DCA=45°,
∴AD=DC=6,
∴AC=4>AB,
∵AB=8,
∴BD=2,BC===2,
∵S△ABC=?BC?AH=?AB?CD,
∴AH==,
∵≤P A≤6,
∴≤P1P2≤12.
故答案为≤P1P2≤12.
六、解答题:解答时必须给出必要的演算过程和推理步骤.(本大题共3个小题,24题8分,25题10分,26题12分,共30分)
24.【解答】解:(1)∵直线y=x+2与x轴,y轴分别交于A,B两点,
∴当x=0时,y=2,B(0,2),
当y=0时,x=﹣2,A(2,0).
∵点P从B点出发,沿射线AB的方向运动,
∵C(1,0),
∴△COP的面积为y1=×1×(x+2)=x+1.
∴y1关于x的函数关系式为:y=x+1,
x的取值范围为:x≥0;
(2)如图所示,
(1)中所得函数的图象为y1=0.5x+1,
旋转后的图象为y3=﹣2x+1.
(3)旋转前后的图象与直线y2=﹣x+3的交点坐标为点E、F,
解得
所以E(,).
解得
所以F(﹣2,5).
答:旋转前后的图象与直线y2=﹣x+3的交点坐标为(,),(﹣2,5).
25.【解答】解:(1)设每本A种笔记本的利润为x元,则每本B种笔记本的利润为(x﹣3)元,根据题意得,2x=3(x﹣3),
∴x﹣3=6,
答:每本A种笔记本与B种笔记本的利润各为9元和6元;
(2)由题意得,
,
解得,20≤m≤30,
由题意得,
W=9(60﹣m)+6m=﹣3m+540,
∵﹣3<0,
∴W随m的增大而减小,
∴当m=20时,W有最大值,
∴文具店应如何进A种笔记本20本,B种笔记本40本,才能使得W最大.答:文具店应如何进A种笔记本20本,B种笔记本40本,才能使得W最大.
(3)根据题意得,
W=9(60﹣m)+(6+n)m=(n﹣3)m+540,
∵3≤n≤5,
∴0≤n﹣3≤2,
①当n﹣3=0,即n=3时,m不论为何值时,W=540(元),
②当0<n﹣3≤2,即3<n≤5时,W随m的增大而增大,
∴此时,当m=30时,W有最大值为:W=30(n﹣3)+540=30n+450,
∵3<n≤5,∴540<W≤610,
故当m=30时,W有最大值.
综上,当m=30时,W有最大值.
∴文具店应如何进A种笔记本30本,B种笔记本30本,才能使得W最大.答:文具店应如何进A种笔记本30本,B种笔记本30本,才能使得W最大.
26.【解答】解:(1)如图1,
过点C作CG⊥AB于G,
∴∠AGC=∠AGB=90°,
∵AC=CD,
∴AG=DG,
设DG=a,
∵BD=BE,∠ABC=60°,
∴△BDE是等边三角形,
∴BD=DE=2,
∴BG=BD+DG=2+a,
在Rt△BGC中,∠BCG=90°﹣∠ABC=30°,
∴BC=2BG,CG=BG=6+a,
在Rt△DGC中,CD=AC=3,
根据勾股定理得,CG2+DG2=CD2,
∴(6+a)2+a2=90,
∴a=或a=(舍),
∴BC=EC+BE=EC+BD,
∴EC+BD=2(BD+DG),
∴EC=BD+2DG=2+2a=2+2×=9﹣;
(2)如图2,在MC上取一点P,使MP=DE,连接AP,∵△BDE是等边三角形,
∴∠BED=60°,BE=DE,
∴∠DEC=120°,BE=PM,
∵AE=AM,
∴∠AEM=∠AME,
∴∠AEB=∠AMP,
∴△ABE≌△APM(SAS),